题目链接：影魔
这道题就是去年序列的弱化版啊……
我们枚举最大值的位置\(i\)，找出左边第一个比\(a_i\)大的位置\(l\)，右边第一个比\(a_i\)大的位置\(r\)，然后我们分开考虑一下\(p_1\)和\(p_2\)的贡献。
首先由于\(a_i\)为最大值，那么左端点不会小于\(l\)，右端点不会大于\(r\)。
容易发现只有左端点为\(l\)，右端点为\(r\)才会产生\(p_1\)的贡献。
然后产生\(p_2\)贡献的有两种：一种是左端点为\(l\)，右端点在区间\((i,r)\)中；另一种是左端点区间\((l,i)\)中，右端点为\(r\)。
还有一种情况需要考虑，就是左端点和右端点差为\(1\)，会产生\(p_1\)的贡献。对每个询问直接计算就可以了。
所以这个问题可以抽象到二维平面上。有一些点和一些线段都有权值，每次询问某个矩形内部的权值和。
于是离线排序+扫描线+树状数组即可。
下面贴代码：
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#define File(s) freopen(s".in","r",stdin),freopen(s".out","w",stdout)
#define maxn 200010 using namespace std;
typedef long long llg; struct data{
int l,r,x,b,z;
data(int A=0,int B=0,int C=0,int D=0,int E=0):l(A),r(B),x(C),b(D),z(E){}
bool operator < (const data &h)const{return x<h.x;}
}s1[maxn<<1],s2[maxn*3];
int n,m,p1,p2,S[maxn],top,ls;
int a[maxn],le[maxn],ri[maxn];
llg ans[maxn],c1[maxn],c2[maxn]; int getint(){
int w=0;bool q=0;
char c=getchar();
while((c>'9'||c<'0')&&c!='-') c=getchar();
if(c=='-') c=getchar(),q=1;
while(c>='0'&&c<='9') w=w*10+c-'0',c=getchar();
return q?-w:w;
} void add(int x,int y){for(int i=x;i<=n;i+=i&(-i)) c1[i]+=y,c2[i]+=1ll*x*y;}
llg sum(int x){
llg t=0;
for(int i=x;i;i-=i&(-i)) t+=(x+1)*c1[i]-c2[i];
return t;
} int main(){
File("sf");
scanf("%d %d %d %d",&n,&m,&p1,&p2);
a[0]=a[n+1]=n+1; S[top=1]=0;
for(int i=1;i<=n+1;i++){
if(i<=n) a[i]=getint();
while(a[S[top]]<a[i]) ri[S[top--]]=i;
le[i]=S[top]; S[++top]=i;
}
for(int i=1,l,r;i<=m;i++){
l=getint(),r=getint(); ans[i]+=(r-l)*p1;
s1[i]=data(l,r,l-1,i,-1);
s1[i+m]=data(l,r,r,i,1);
}
sort(s1+1,s1+m*2+1);
for(int i=1;i<=n;i++){
if(le[i] && ri[i]<=n) s2[++ls]=data(le[i],le[i],ri[i],0,p1);
if(le[i] && ri[i]>i+1) s2[++ls]=data(i+1,ri[i]-1,le[i],0,p2);
if(ri[i]<=n && i>le[i]+1) s2[++ls]=data(le[i]+1,i-1,ri[i],0,p2);
}
sort(s2+1,s2+ls+1); int n1=1,n2=1;
while(!s1[n1].x) n1++;
for(int i=1;n1<=m*2 && i<=n;i++){
while(n2<=ls && s2[n2].x==i){
add(s2[n2].r+1,-s2[n2].z);
add(s2[n2].l,s2[n2].z),n2++;
}
while(n1<=m*2 && s1[n1].x==i){
ans[s1[n1].b]+=s1[n1].z*(sum(s1[n1].r)-sum(s1[n1].l-1));
n1++;
}
}
for(int i=1;i<=m;i++) printf("%lld\n",ans[i]);
return 0;
}