BZOJ

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题意：给出\(1\sim n\)的一个排列的一个最长上升子序列，求原排列可能的种类数。

\(n\leq 15\)。

\(n\)很小，参照HDU 4352这道题，我们直接把求\(LIS\)时的状态存下来做DP数组的状态。

状态就是那个单调递增的单调栈。每个数会有三种可能：没入过栈，现在在栈中，之前在栈中但是被替换掉了。

所以用一个\(n\)位三进制数表示单调栈的状态\(s\)。然后枚举状态\(s\)，再枚举一个没出现过的数，很好转移。

转移时注意\(LIS\)长度不能超过\(k\)，以及要能形成给定的\(LIS\)即可（现在加入的数如果在给定的\(LIS\)中，那它在\(LIS\)中的前一个数要出现过，后一个数没出现过）。

复杂度\(O(n3^n)\)。加点剪枝问题不大。

其实可以把非\(0\)的状态扔到一个queue里，不用\(3^n\)地for。

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#include <cstdio>

#include <algorithm>

typedef long long LL;

const int N=20;

int main()

{

	static int A[N],id[N],pw[N],sta[N],lis[N],f[14348909];

	int n,K; scanf("%d%d",&n,&K);

	for(int i=1; i<=K; ++i) scanf("%d",&A[i]), id[--A[i]]=i;

	pw[0]=1;

	for(int i=1; i<=n; ++i) pw[i]=pw[i-1]*3;

	int ans=0;

	f[0]=1, sta[A[0]=n]=1, sta[A[K+1]=n+1]=0;

	for(int s=0,v; s+1<pw[n]; ++s)

		if((v=f[s]))

		{

			int cnt=0,tot=0;

			for(int i=0,tmp=s; i<n; ++i,tmp/=3)

				tot+=((sta[i]=tmp%3)>0), sta[i]==1&&(lis[cnt++]=i);

			if(tot==n) {ans+=v; continue;}//三进制啊...最后答案不只是f[pw[n]-1]

			lis[cnt]=20;

			for(int i=0; i<n; ++i)

				if(!sta[i])

				{

					if(id[i] && (!sta[A[id[i]-1]]||sta[A[id[i]+1]])) continue;

					int j=0;

					while(lis[j]<i) ++j;

					if(j==K) continue;//length>K

					f[s+pw[i]+(j==cnt?0:pw[lis[j]])]+=v;//pw[lis[j]] not pw[j]..

				}

		}

	printf("%d\n",ans);

	return 0;

}