一道有意思的题答构造题。题目是要你卡掉一个算法，给另一个算法过。前 6 个点是最短路的三种解法，后面 2 个点是一个染色问题。

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最短路部分

一些需要了解的东西：

• FloydWarshall 就是 \(O(V^3)\)，和边无关。

• ModifiedDijkstra 堆优化的 Dijkstra，正权图里 \(O(Q*\log V*E)\)，负权图可以卡。

• OptimizedBellmanFord \(O(QVE)\)，随机图跑的快。

然后就可以开始了。

一、卡掉 Floyd (Task1,3)

最简单的部分，可以直接令 \(V=101,E=0\)，Floyd 正好炸开。此时 \(T=105\)，正好满足限制。

cout << "101" << endl;
for (int i=1;i<=101;i++) cout << "0" << endl;
cout << "1\n1 101\n";

二、卡掉 BellmanFord (Task2,5)

从这里本题正式开始。BellmanFord 可以用负环卡掉，或者是用自环和重边等。

• 给 Floyd 过(Task 2)

  即为 \(n\le100\)。卡掉 BellmanFord 我造了几组自环和重边，一条从 \(99\) 到 \(1\) 的大长链，然后调了半天，终于把这个点卡了。

  cout << "100" << endl;
  int tot=1100;
  for (int i=0;i<100;i++) 
  {
  	if (i!=0);
  	else 
  	{
  		cout << "1 0 13\n";
  		continue;
  	}
  	int u=min(tot,30)/2;
  	cout << u+5 << " ";
  	for (int j=1;j<=u;j++) cout << i << " " << rand()<<" ";
  	if (tot>30) tot-=30;
  	else tot=0;
  	cout << i-1 << " " <<rand()-rand()<<" ";
  	cout << i-1 << " " <<rand()-rand()<<" ";
  	cout << i-1 << " " <<rand()-rand()<<" ";
  	cout << i-1 << " " <<rand()-rand()<<" ";
  	cout << i-1 << " " <<rand()-rand()<<" ";
  	cout << endl;
  }
  cout << "10" << endl;
  for (int i=1;i<=10;i++) cout << "99 0\n";
  

• 给 Dijkstra 过(Task 5)

  考虑负环。由于题目要求起点开始无负环，所以可以将起点终点从用偶数点连，奇数点做负数自环。稍微卡一下就行了。

  cout << "300" << endl;
  for (int i=0;i<300;i++) 
  {
  	if (i%2==0)
  	{
  		if (i==298) 
  		{
  			cout << "0" << endl;
  			continue;
  		}
  		cout << "1 " << i+2 << " 1 " << endl; 
  	}
  	else
  	{
  		if (i>80) cout << "1 " << i << " -1 " << endl; 
  		else cout << "2 " << i << " -1 " << i << " -1 "<< endl; 
  	}
  }
  cout << "10" << endl;
  for (int i=1;i<=10;i++) cout << "0 298\n";
  

三、卡掉 Dijkstra (Task4,6)

这里是最难的。我们知道 Dijkstra 在负权图上可能被卡掉。那么怎么卡呢？我去看了题解，这里给出一种构造方法。

每个三角形是前一个三角形边权 \(2\) 倍。构造若干个这样的三角形结构，这样傻傻的 dij 会已知沿着 \(0\) 的边走到 \(0\)，然后往回走，这样就是指数级的。

然后给出 Task 4 的代码，Task 6 几乎一样，减少一下询问数即可。

cout << "33" << endl;
int tot=1;
for (int i=0;i<33;i++) 
{
	if (i==0) 
	{
		cout << "0\n";
		continue;
	}
	if (i%2==0)
	{
		printf("2 %d %d %d %d\n",i-2,0,i-1,2*tot);
	}
	else printf("1 %d %d\n",i-1,-4*tot);
	if (i%2==0)
	{
		tot*=2;
	}
}
cout << "10" << endl;
for (int i=1;i<=10;i++) cout << "32 0\n";

最短路部分到此结束。

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染色问题部分

先观察三个代码。

• RecursiveBacktracking 爆搜。

• Gamble1 永远不会 TLE。

• Gamble2 永远都会 TLE。

所以两个问题就是要你卡掉爆搜和给爆搜过。这部分不难。

结合 \(T\)，你会发现边数是固定为 \(1501\) 的。

一、卡掉 RecursiveBacktracking (Task7)

众所周知，爆搜随便卡。然后搞个随机图就可以了。这个代码好像不用给吧。

二、给 RecursiveBacktracking 过 (Task8)

因为边数固定，点数又不能小，考虑答案 \(X=2\)。然后这就是一个二分图，直接构造一个二分图就可以过了。这个代码好像也不用给吧。

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本题综合考察了对三个最短路的理解和掌握和图论知识，是个不错又奇怪的题。

我的做题记录：