NOIP2008普及组题解
从我在其他站的博客直接搬过来的
posted @ 2016-04-16 01:11
然后我又搬回博客园了233333
posted @ 2016-06-05 19:19
T1 ISBN号码
题目描述
每
一本正式出版的图书都有一个ISBN号码与之对应，ISBN码包括9位数字、1位识别码和3位分隔符，
其规定格式如“x-xxx-xxxxx-x”，其中符号“-”就是分隔符（键盘上的减号），最后一位是识别码，例如0-670-82162-4就是一个标
准的ISBN码。ISBN码的首位数字表示书籍的出版语言，例如0代表英语；第一个分隔符“-”之后的三位数字代表出版社，例如670代表维京出版社；第
二个分隔符后的五位数字代表该书在该出版社的编号；最后一位为识别码。
识别码的计算方法如下：
首位数字乘以1加上次位数字
乘以2……以此类推，用所得的结果mod
11，所得的余数即为识别码，如果余数为10，则识别码为大写字母X。例如ISBN号码0-670-82162-4中的识别码4是这样得到的：对
067082162这9个数字，从左至右，分别乘以1，2，...,9,再求和，即0×1+6×2+……+2×9=158，然后取158 mod
11的结果4作为识别码。
你的任务是编写程序判断输入的ISBN号码中识别码是否正确，如果正确，则仅输出“Right”；如果错误，则输出你认为是正确的ISBN号码。
输入输出格式
输入格式：
输入文件isbn.in只有一行，是一个字符序列，表示一本书的ISBN号码（保证输入符合ISBN号码的格式要求）。
输出格式：
输出文件isbn.out共一行，假如输入的ISBN号码的识别码正确，那么输出“Right”，否则，按照规定的格式，输出正确的ISBN号码（包括分隔符“-”）。
输入输出样例
【输入样例1】
0-670-82162-4
【输入样例2】
0-670-82162-0
【输出样例1】
Right
【输出样例2】
0-670-82162-4
说明
2008普及组第一题
#include<iostream>
#include<cstring>
using namespace std;
int main(){
char a[];
int i=,c=;
cin>>a;
c=(a[]-'')*+(a[]-'')*+(a[]-'')*+(a[]-'')*+(a[]-'')*+(a[]-'')*+(a[]-'')*+(a[]-'')*+(a[]-'')*;
c%=;
if(c==)
if(a[]=='X') cout<<"Right";
else {
for(i=;i<=;i++) cout<<a[i];
cout<<"X";
}
else if(a[]-''==c) cout<<"Right";
else{
for(i=;i<=;i++) cout<<a[i];
cout<<c;
}
return ;
}
用char串存号码，c[i]-'0'得到数字
完全的模拟
T2 排座椅
题目描述
上
课的时候总会有一些同学和前后左右的人交头接耳，这是令小学班主任十分头疼的一件事情。不过，班主任小
雪发现了一些有趣的现象，当同学们的座次确定下来之后，只有有限的D对同学上课时会交头接耳。同学们在教室中坐成了M行N列，坐在第i行第j列的同学的位
置是（i,j），为了方便同学们进出，在教室中设置了K条横向的通道，L条纵向的通道。于是，聪明的小雪想到了一个办法，或许可以减少上课时学生交头接耳
的问题：她打算重新摆放桌椅，改变同学们桌椅间通道的位置，因为如果一条通道隔开了两个会交头接耳的同学，那么他们就不会交头接耳了。
请你帮忙给小雪编写一个程序，给出最好的通道划分方案。在该方案下，上课时交头接耳的学生的对数最少。
输入输出格式
输入格式：
输入文件seat.in的第一行，有5个用空格隔开的整数，分别是M，N，K，L，D（2<=N，M<=1000，0<=K<M，0<=L<N，D<=2000）。
接下来的D行，每行有4个用空格隔开的整数。第i行的4个整数Xi，Yi，Pi，Qi，表示坐在位置(Xi，Yi)与(Pi，Qi)的两个同学会交头接耳（输入保证他们前后相邻或者左右相邻）。
输入数据保证最优方案的唯一性。
输出格式：
输出文件seat.out共两行。
第一行包含K个整数，a1，a2……aK，表示第a1行和a1+1行之间、第a2行和a2+1行之间、…、第aK行和第aK+1行之间要开辟通道，其中ai< ai+1，每两个整数之间用空格隔开（行尾没有空格）。
第二行包含L个整数，b1，b2……bL，表示第b1列和b1+1列之间、第b2列和b2+1列之间、…、第bL列和第bL+1列之间要开辟通道，其中bi< bi+1，每两个整数之间用空格隔开（列尾没有空格）。
输入输出样例
4 5 1 2 3
4 2 4 3
2 3 3 3
2 5 2 4
2
2 4
说明
上图中用符号*、※、+标出了3对会交头接耳的学生的位置，图中3条粗线的位置表示通道，图示的通道划分方案是唯一的最佳方案。
2008年普及组第二题
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
struct td{
int id;
int num;
};
struct td x[],y[];
int cmp(td a,td b){
return a.num>b.num;
}
int rex[],rey[];
int m,n,K,L,d;
int main(){
scanf("%d%d%d%d%d",&m,&n,&K,&L,&d);
int i,j;
int x1,y1,x2,y2;
while(d--){
scanf("%d%d%d%d",&x1,&y1,&x2,&y2);
if(y1!=y2){
int mi=min(y1,y2);
y[mi].num++;
y[mi].id=mi;
}
if(x1!=x2){
int mi=min(x1,x2);
x[mi].num++;
x[mi].id=mi;
}
}
sort(x+,x+m+,cmp);
sort(y+,y+n+,cmp);
for(i=;i<=K && i<=m;i++){
rex[i]=x[i].id;
}
for(i=;i<=L && i<=n;i++){
rey[i]=y[i].id;
}
sort(rex+,rex+K+);
sort(rey+,rey+L+);
for(i=;i<=K;i++)printf("%d ",rex[i]);
cout<<endl;
for(i=;i<=L;i++)printf("%d ",rey[i]);
return ;
}
两次排序，一次排能隔开的数量，一次排ID
看发帖时间就知道我为何不想多解释
T3
题目描述
上体育课的时候，小蛮的老师经常带着同学们一起做游戏。这次，老师带着同学们一起做传球游戏。
游戏规则是这样的：n个同学站成一个圆圈，其中的一个同学手里拿着一个球，当老师吹哨子时开始传球，每个同学可以把球传给自己左右的两个同学中的一个（左右任意），当老师在此吹哨子时，传球停止，此时，拿着球没有传出去的那个同学就是败者，要给大家表演一个节目。
聪
明的小蛮提出一个有趣的问题：有多少种不同的传球方法可以使得从小蛮手里开始传的球，传了m次以后，又回到小蛮手里。两种传球方法被视作不同的方
法，当且仅当这两种方法中，接到球的同学按接球顺序组成的序列是不同的。比如有三个同学1号、2号、3号，并假设小蛮为1号，球传了3次回到小蛮手里的方
式有1->2->3->1和1->3->2->1，共2种。
输入输出格式
输入格式：
输入文件ball.in共一行，有两个用空格隔开的整数n，m（3<=n<=30，1<=m<=30）。
输出格式：
输出文件ball.out共一行，有一个整数，表示符合题意的方法数。
输入输出样例
3 3
2
说明
40%的数据满足：3<=n<=30，1<=m<=20
100%的数据满足：3<=n<=30，1<=m<=30
2008普及组第三题
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<algorithm>
using namespace std;
int n;
int f[][];//[第i次][第j个人]
int t;
int main(){
cin>>n>>t;
int i,j;
f[][]=;//球刚开始在1号手里
for(i=;i<=t;i++)
for(j=;j<=n;j++){
f[i][j%n]=f[i-][(j-)%n]+f[i-][(j+)%n];
// for(int k=0;k<=n;k++)printf("%d ",f[i][k]);
}
printf("%d",f[t][]);
return ;
}
动规，f[次数][人员]
每次可以从左边的人或右边的人手里接到球，所以方案数是左右相加
注意链变环
T4 立体图
题目描述
小渊是个聪明的孩子，他经常会给周围的小朋友们将写自己认为有趣的内容。最近，他准备给小朋友们讲解立体图，请你帮他画出立体图。
小渊有一块面积为m*n的矩形区域，上面有m*n个边长为1的格子，每个格子上堆了一些同样大小的积木（积木的长宽高都是1），小渊想请你打印出这些格子的立体图。我们定义每个积木为如下格式，并且不会做任何翻转旋转，只会严格以这一种形式摆放：
每
个顶点用1个加号’+’表示，长用3个”-”表示，宽用1个”/”，高用两个”|”表示。字符’+’,”-”,”/”,”|”的ASCII码分别
为43，45，47，124。字符’.’(ASCII码46)需要作为背景输出，即立体图里的空白部分需要用’.’来代替。立体图的画法如下面的规则：
若两块积木左右相邻，图示为：
若两块积木上下相邻，图示为：
若两块积木前后相邻，图示为：
立体图中，定义位于第(m,1)的格子（即第m行第1列的格子）上面自底向上的第一块积木（即最下面的一块积木）的左下角顶点为整张图最左下角的点。
输入输出格式
输入格式：
输入文件drawing.in第一行有用空格隔开的2个整数m和n，表示有m*n个格子（1<=m,n<=50）。
接下来的m行，是一个m*n的矩阵，每行有n个用空格隔开的整数，其中第i行第j列上的整数表示第i行第j列的个子上摞有多少个积木（1<=每个格子上的积木数<=100）。
输出格式：
输出文件drawing.out中包含题目要求的立体图，是一个K行L列的字符串矩阵，其中K和L表示最少需要K行L列才能按规定输出立体图。
输入输出样例
3 4
2 2 1 2
2 2 1 1
3 2 1 2
......+---+---+...+---+
..+---+ / /|../ /|
./ /|-+---+ |.+---+ |
+---+ |/ /| +-| | +
| | +---+ |/+---+ |/|
| |/ /| +/ /|-+ |
+---+---+ |/+---+ |/| +
| | | +-| | + |/.
| | |/ | |-| +..
+---+---+---+---+ |/...
| | | | | +....
| | | | |/.....
+---+---+---+---+......
说明
NOIP2008普及组第四题
本质上还是模拟，但是算坐标让题目复杂度上了一级
不习惯夜战的我算错了好几次……
/*SilverN 2008普及组T4立体图*/
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
using namespace std;
char c[][]={//立体图
"..+---+",
"./ /|",
"+---+ |",
"| | +",
"| |/.",
"+---+.."};
char map[][];
int d[][];
int K,L;
void draw(int x,int y){//按左上角坐标定位
int i,j;
for(i=;i<=;i++)
for(j=;j<=;j++){
if(map[x+i][y+j]!='.' && c[i][j]=='.')continue;//以前画过，就不用点来覆盖了
map[x+i][y+j]=c[i][j];
}
return;
}
int main(){
int i,j;
int m,n;//行数，列数
scanf("%d%d",&m,&n);
for(i=;i<=m;i++)
for(j=;j<=n;j++){
scanf("%d",&d[i][j]);
K=max(K,*(m-i+)+d[i][j]*+);
//2*(m-i+1)是由于矩阵宽而多需要的高度,d[i][j]*3+1是因为积木数量而需要的高度
}
L=*n+*m+;//4*n是由于矩阵宽而多需要的宽度,2*m+1是因为积木前后层数而需要的高度
for(i=;i<=K;i++)
for(j=;j<=L;j++)
map[i][j]='.';//先铺好点
for(i=;i<=m;i++)//从后往前
for(j=;j<=n;j++)//从左往右
for(int g=;g<d[i][j];g++)//从下往上
{
draw(K-*(m-i)-*(g+)+,*j+*(m--i)-);//这坐标算得心累
}
for(i=;i<=K;i++){//输出
for(j=;j<=L;j++)
putchar(map[i][j]);
printf("\n");
}
return ;
}
解释都在注释里了
那个用char组表示立体图的方法是和别的大神学的
很帅对吧