A. Bovine Dilemma
题目分析
题意：给你一组数,看他们两两组合的差有多少种情况 。
那么直接求出两两组合的差，然后去重即可得出答案。去重既可以选择开一个数组标记，也可以选择用STL的unique实现
AC代码
#include<iostream>
#include<cstring>
using namespace std;
const int N = 1e6 + 100;
int q[N], T, n, ans;
bool s[N];//数组标记
int main(){
ios::sync_with_stdio(false), cin.tie(0), cout.tie(0);
cin >> T;
while(T--){
memset(s, 0, sizeof(s));
cin >> n;
ans = 0;
for(int i = 0; i < n; i++) cin >> q[i];
for(int i = 1; i < n; i++){
for(int j = 0; j < i; j++)
if(!s[q[i] - q[j]])
s[q[i] - q[j]] = 1, ans++;
}
cout << ans << endl;
}
return 0;
}
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 1e6 + 1000;
int q[N];
vector<int> arr;//vector储存，然后unqiue去重
int T, n, m;
int main(){
ios::sync_with_stdio(false), cin.tie(0), cout.tie(0);
cin >> T;
while(T--){
cin >> n;
for(int i = 0; i < n; i++) cin >> q[i];
for(int i = 1; i < n; i++)
for(int j = 0; j < i; j++)
arr.push_back(q[i] - q[j]);
sort(arr.begin(), arr.end());
arr.erase(unique(arr.begin(), arr.end()), arr.end());
cout << arr.size() << endl;//最后输出去重后剩下的元素的数量
arr.clear();
}
return 0;
}
B. Last minute enhancements
题目分析
题意：给你一组数字，你能给每一个数字加上1，问你进行多次操作后最多能让这组数字有几个不同的数字
我们只需要遍历数组，如果数字未出现过，那么给它标记一下，然后ans++；如果数字出现过，再看看它加上1之后有没有出现过，如果加上1之后没有出现过，那么标记一下，ans++， 最终输出答案。
注意
- 注意x的数据范围
- 本题的解题思路有一个前提：所给的数据是有序的。虽然给的样例是有序的数组，但是题目并没有保证测试数据会给有序的数组
- 每一次询问结束之后清空标记的数组，同时也要选择适当的数组，防止TLE
AC代码
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 1e6 + 1000;
int q[N];
bool s[N];
int T, n;
int main(){
ios::sync_with_stdio(false), cin.tie(0), cout.tie(0);
cin >> T;
while(T--){
memset(s, 0, sizeof(s));
ans = 0;
cin >> n;
for(int i = 0; i < n; i++) cin >> q[i];
sort(q, q + n);
for(int i = 0; i < n; i++){
if(!s[q[i]]) s[q[i]] = 1, ans++;//不改变值的情况
else if(!s[q[i] + 1]) s[q[i] + 1] = 1, ans++;//加上1的情况
}
cout << ans << endl;
}
return 0;
}
C. Canine poetry
题目分析
题意：给几个字符串，问操作几次能让字符串所有的字串不构成回文
这道题是一道贪心题目，我们只需考虑aa 和 aba 这两种情况，用一个非小写字母破坏掉就可以达成目的了
AC代码
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int T, ans;
int main(){
ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);cout.tie(0);
cin >> T;
while(T--){
ans = 0;
string str;
cin >> str;
for(int i = 1; i < str.length(); i++){
if(str[i] == str[i - 1]){
str[i] = '?', ans++;
}
else if(str[i] == str[i - 2] && i > 1){//小细节要处理好
str[i] = '?', ans++;
}
}
cout << ans << endl;
}
return 0;
}
D. 13th Labour of Heracles
题目分析
本题应对点考虑贡献度，点权越大的点计算次数越多，对于答案的贡献度也就越多（答案的值也就越大），所以应该采用贪心策略，从最大的权值开始，同时记录一下点出现的情况。详情请见代码
AC代码
//qwq
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 100000+50;
int T,n,m;
long long ans;
struct node{
int d,a;
}tree[N];
bool cmp(node x,node y){
return x.a>y.a;
}
int main(){
scanf("%d",&T);
while(T--){
scanf("%d",&n); ans=0;
memset(tree,0,sizeof(tree));
for (int i=1; i<=n; ++i){
scanf("%d",&tree[i].a); ans+=tree[i].a;
}
for (int i=1,q1,q2; i<n; ++i){
scanf("%d%d",&q1,&q2);
tree[q1].d++; tree[q2].d++;
}
sort(tree+1,tree+n+1,cmp);
printf("%lld",ans);
for (int i=1; i<=n; ++i){
while (tree[i].d>1){
ans+=tree[i].a;
tree[i].d--;
printf(" %lld",ans);
}
}
cout << endl;
}
return 0;
}