bzoj2757【scoi2012】Blinker的仰慕者

题目描述

Blinker 有非常多的仰慕者,他给每个仰慕者一个正整数编号。而且这些编号还隐藏着特殊的意义,即编号的各位数字之积表示这名仰慕者对Blinker的重要度。 现在Blinker想知道编号介于某两个值A,B之间,且重要度为某个定值K的仰慕者编号和。


输入格式

输入的第一行是一个整数N,表示Blinker想知道的信息个数。 
接下来的N行,每行有三个数,A,B,K。表示 Blinker想知道编号介于A和B之间的,
重要度为K的仰慕者的编号和。


输出格式

输出N行,每行输出介于A和B之间,重要度为 K的仰慕者编号和。结果可能很大,
模上20120427。


提示

【数据范围】 
对于20%的数据,保证:  2<=A<=B<=1000000000,1<=N<=30 
对于50%的数据,保证:2<=A<=B<=1000000000000000000,1<=N<=30 
对于100%的数据,保证:  2<=A<=B<=1000000000000000000,1<=N<=5000


  • 题解:

    • 由于因子只有2 3 5 7 , 状态大概有3e4+,不超过4e4;
    • 用HASH_TABLE存下来;
    • 多组询问,先预处理$i$位的答案;
    • 对每组询问$dfs$统计答案,如果没有前导零并且没有抵达上界则直接返回,否则进一步$dfs$
    • 代码不太好些,注释里有关于变量的说明;
    • 注意$K=0$和$K \neq 0$最好分开统计;
    • $n$为位数上界,时间复杂度:$O(T*10n +n*4e4*10)$
 #include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
const int N=,M=4e4,sz=,mod=;
ll A,B,K;
int cnt,a[N],pw[N];
int o,hd[sz],nt[sz];ll v[sz];
void upd(int&x,int y){x+=y;if(x>=mod)x-=mod;}
void add(ll x){
int u=x%sz;
for(int i=hd[u];i;i=nt[i])if(v[i]==x)return;
nt[++o]=hd[u],hd[u]=o,v[o]=x;
}
int find(ll x){
int u=x%sz;
for(int i=hd[u];i;i=nt[i])if(v[i]==x)return i;
return ;
}//HASH表
void dfs(int x,int y,ll z){
if(x==)add(z);
else{
if(!y)return;
for(int i=x;i<=;++i){
dfs(i,y-,z);
z*=y;
}
}
}//dfs方案
namespace Solve{
int f[N][M],g[N][M];//f[位数][乘积]
void init(){
f[][]=;
for(int i=;i<;++i)
for(int j=;j<=o;++j)
if(f[i][j]){
for(int l=;l<=;++l){
int y=find(v[j]*l);
upd(f[i+][y],f[i][j]);
upd(g[i+][y],(g[i][j]*+f[i][j]*l)%mod);
}
}
}//预处理i位无限制的答案
int cal1(int i,int j,int k,ll x,ll y){//已经枚举好的位数,前导零,上界,前i位的值,当前K
if(i==cnt)return y==?x:;
if(!k&&!j)return (1ll*x*pw[cnt-i]%mod*f[cnt-i][find(y)]%mod+g[cnt-i][find(y)])%mod;
int re=,l=j?:,r=k?a[i+]:;
for(int i1=l,t;i1<=r;++i1)if(!i1||y%i1==){
ll y1=!i1?y:y/i1;
upd(re, t=cal1(i+,j&&!i1,k&&i1==a[i+],(x*+i1)%mod,y1));
}
return re;
}
int cal0(int i,int j,int k,ll x,ll y){//前四个同cal1,y为前i为是否出现0
if(i==cnt)return !y?x:;
if(!k&&!j){
if(!y)return (1ll*x*pw[cnt-i]%mod*pw[cnt-i]%mod+1ll*(pw[cnt-i]-)*pw[cnt-i]/%mod)%mod;//后面cnt-i任意;
else return 1ll*x*pw[cnt-i]%mod*f[cnt-i][o]%mod+g[cnt-i][o];//后面cnt-i为乘积为0;
}
int re=,l=,r=k?a[i+]:;
for(int i1=l;i1<=r;++i1){
int y1=j&&!i1?:y*i1;
upd(re, cal0(i+,j&&!i1,k&&i1==a[i+],(x*+i1)%mod,y1));
}
return re;
}
//注意理解一下两个方面:
//是如何统计前i位达到上界,i+1位不是上界的答案的;(状态k)
//是如何统计位数小于上界位数cnt的答案的; (状态j)
//上界是如何被统计的(line44)
}
int main(){
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("T2.in","r",stdin);
freopen("T2.out","w",stdout);
#endif
dfs(,,);add();
Solve::init();
for(int i=pw[]=;i<=;++i)pw[i]=pw[i-]*%mod;
int T;scanf("%d",&T);
while(T--){
int ans=;
scanf("%lld%lld%lld",&A,&B,&K);A--;
cnt=;while(A)a[++cnt]=A%,A/=;
for(int i=;i<=cnt>>;++i)swap(a[i],a[cnt-i+]);
ans-= K?Solve::cal1(,,,,K) : Solve::cal0(,,,,);
cnt=;while(B)a[++cnt]=B%,B/=;
for(int i=;i<=cnt>>;++i)swap(a[i],a[cnt-i+]);
ans+= K?Solve::cal1(,,,,K) : Solve::cal0(,,,,);
printf("%d\n",(ans%mod+mod)%mod);
}
return ;
}
上一篇:移动电商时代、微分销商城O2O生活圈系统开发功能分析


下一篇:HDU 5375——Gray code——————【dp||讨论】