题目链接：https://atcoder.jp/contests/abc233/tasks/abc233_f

题目大意：给你一个 1 1 1到 N N N 的全排列 P P P，再给你 M M M 种操作，第 i i i 种操作可以交换 P P P 中第 a i a_i ai​ 和第 b i b_i bi​ 个元素。问你是否可以在 5 × 1 0 5 5\times10^5 5×105 次操作内把 P P P 交换成升序。如果可以，输出一种可行的方案。

简要分析：
首先判断一下到底有没有符合要求的可行方案。
类似于冒泡排序，考虑最坏的情况， P P P是完全逆序的，那么要交换的次数为： 999 + 998 + . . . . + 2 + 1 = 499500 < 500000 999 + 998 + .... +2 + 1 = 499500 < 500000 999+998+....+2+1=499500<500000，所以操作次数的限制就不用管了，放心大胆地去交换吧。
我们把每种操作看成一条连接 a i a_i ai​ 和 b i b_i bi​ 的无向边，这样会可能会形成很多个联通块，第 i i i个节点上的数字是 P i P_i Pi​ ，那么排好序后数字 P i P_i Pi​ 所处的节点一定是 P i P_i Pi​。如果想要有可行方案，就需要满足：对于所有的数字 P i P_i Pi​ 它当前所在的节点 i i i和它最终要去的节点 P i P_i Pi​应该是在同一个联通块内的。这点可以用并查集方便实现。另外，我们在加边的时候，如果这两个节点已经联通了，那就不要在加这条边了，我们最终要的是树，因为树就可以保证连通性了。这题的特点就是点很少，边很多，如果我们不删去一些边的话，后续会操作的时间复杂度会很难看。
然后就可以进行交换了，交换的时候先从叶子节点入手，因为叶子节点一旦到了最终位置就不用管了，因为后续其他节点的交换是不会影响到它的。这点可以用DFS来操作，在DFS的时候，我们先把它的所有儿子都给安排好位置，最后再安排它自己。如何安排？用DFS。用DFS找到一条连接 i i i和 P i P_i Pi​的路径，沿着这条路径把 P i P_i Pi​交换到自己的位置，同时记录下每次操作的编号。
正解 并查集+DFS 的代码我就不贴了，可以看看其他人的文章。
由于最近在学习动态树(Link Cut Tree) ，所以就突发奇想，为什么不写个动态树练习练习呢？而且那个"找到一条 i i i和 P i P_i Pi​之间的路径，这不就是动态树的"split"函数吗？split后把 i i i和 P i P_i Pi​放到同一个splay里，再用中序遍历展开成原树，这不就很方便地找到路径了吗。
写完之后由于不太熟练忘记pushdown操作，结果一直wa，搞了我半天心态。
Tip：在处理这类有边权的问题时，可以把边也当成节点处理，这样找到路径后就可以方便记录答案了，具体实现可以看下代码。
代码：

#include<bits/stdc++.h>
#define ios ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);cout.tie(0)
#define pw(a) (1<<a)
#define PP push_back
#define X first
#define Y second
using namespace std;
 
typedef long long LL;
typedef double DD;
typedef pair<int,int> PAIR;
 
const int INF=1e9;
const int mod=1e9+7;
const int N=2e5+10;
 
int n,m,k,T,sum;
vector<int>ans;
vector<int>gra[N];
int vis[N];
int A[N];//A[i] 数字i在哪个位置
struct Node
{
	int s[2],v,p;
	int rev;
}tre[N<<4];//tre[i].v 节点i上是数字v

void pushrev(int x)
{
	swap(tre[x].s[0],tre[x].s[1]);
	tre[x].rev^=1;
}
void pushdown(int x)
{
	if(!tre[x].rev) return ;
	pushrev(tre[x].s[0]);
	pushrev(tre[x].s[1]);
	tre[x].rev=0;
}
bool isroot(int x)
{
	int p=tre[x].p;
	return tre[p].s[0]!=x&&tre[p].s[1]!=x;
}
void update(int x)
{
	if(!isroot(x)) update(tre[x].p);
	pushdown(x);
}
void rotate(int x)
{
	int y=tre[x].p,z=tre[y].p;
	int k=tre[y].s[1]==x;

	if(!isroot(y)) tre[z].s[tre[z].s[1]==y]=x;
	tre[x].p=z;

	tre[y].s[k]=tre[x].s[k^1],tre[tre[x].s[k^1]].p=y;
	tre[x].s[k^1]=y,tre[y].p=x;
}
void splay(int x)
{
	update(x);
	while(!isroot(x))
	{
		int y=tre[x].p,z=tre[y].p;
		if(!isroot(y))
		{
			if((tre[y].s[1]==x)^(tre[z].s[1]==y)) rotate(x);
			else rotate(y);
		}
		rotate(x);
	}
}
void access(int x)
{
	int z=x;
	for(int y=0;x;y=x,x=tre[x].p)
	{
		splay(x);
		tre[x].s[1]=y;
	}
	splay(z);
}
void makeroot(int x)
{
	access(x);
	pushrev(x);
}
int getroot(int x)
{
	access(x);
	while(tre[x].s[0]) pushdown(x),x=tre[x].s[0];
	splay(x);
	return x;
}
void split(int x,int y)
{
	makeroot(x);
	access(y);
}
bool isconnect(int x,int y)
{
	makeroot(x);
	return  getroot(y)==x;
}
void link(int x,int y)
{
	makeroot(x);
	if(getroot(y)!=x) tre[x].p=y;
}
//-------------上面都是动态树原汁原味的板子
void move(int x,int i)//中序遍历交换
{
	pushdown(x);//关键,一定要记得pushdown
	if(tre[x].s[0]) move(tre[x].s[0],i);
	if(!tre[x].v) ans.PP(x);//没有值，说明它是边
	else
	{
		int j=tre[x].v;
		swap(tre[A[i]].v,tre[x].v);
		swap(A[i],A[j]);
	}
	if(tre[x].s[1]) move(tre[x].s[1],i);
}
void dfs(int u)
{
	vis[u]=1;
	for(int v:gra[u])
	if(!vis[v]) dfs(v);

	split(A[u],u);//安排叶子节点
	move(u,u);
}
int main(void)
{
	cin>>n;
	for(int i=1;i<=n;i++)
	{
		cin>>tre[i].v;
		A[tre[i].v]=i;
	}
	cin>>m;
	for(int i=1,x,y;i<=m;i++)
	{
		cin>>x>>y;
		if(isconnect(x,y)) continue;
		gra[x].PP(y);
		gra[y].PP(x);
		link(x,i+n);//第i条边的编号时i+n
		link(y,n+i);
	}
	for(int i=1;i<=n;i++)
	{
		if(!isconnect(A[i],i))
		{
			puts("-1");
			return 0;
		}
	}

	for(int i=1;i<=n;i++)
	if(!vis[i]) dfs(i);

	cout<<ans.size()<<endl;
	for(int v:ans) cout<<v-n<<' ';
	return 0;
}