BZOJ3645: Maze(FFT多项式快速幂)

Description

众维拉先后在中土大陆上创造了精灵、人类以及矮人,其中矮人是生性喜好常年居住在地下的洞穴的存在,他们挖掘矿物甚至宝石,甚至用他们的勤劳勇敢智慧在地底下创造出了辉煌宏大的宫殿,错综复杂的迷宫——嗯,没错,现在KPM这个毛小孩要扯上关系的就是迷宫啦~
描述
KPM在矮人的王国发现了一个迷宫,现在这个迷宫是这样的:迷宫的主体由排列成一个整齐的n行m列的矩阵的房间组成,同一行或者是同一列之中相邻的房间的距离为1,我们用(x,y)来表示第x行的第y列的房间,然后KPM惊奇的发现,迷宫的入口(不包含在矩阵状的房间中)与第一行的所有房间之间都有通道连接,其中与第i个房间连接的通道数目为a(i),然后对于任意两个房间(x,y),(u,v),当且仅当两个房间之间的曼哈顿距离不大于k且处于相邻的两行,即|x-u|+|y-v|<=k,且|x-u|=1,房间直接存在通道连接,然后根据KPM第XX定律,KPM发现对于入口到第一行房间的所有通道,KPM只能通过其从入口走向房间,却没办法反过来走,对于两个房间(x,y),(u,v),假如两个房间之间存在连边,KPM只能从行数小的那行走到行数大的那行,而且还要保证他走过的房间的列数是单调不递减的,而且,这如果这两个房间之间的曼哈顿距离为d,这两个房间的直接相连通道数目为b(d),也就是说,假如KPM可以从(x,y)走到(u,v),必须有u=x+1,v>=y,且从(x,y)到(u,v)总共有b(v-y+1)条通道直接连接。现在,KPM无聊的想知道,从入口出发,到达第n行的第i个房间,他总共有多少种走法,由于他有数字恐惧症,所以你只需要告诉他答案对19取模的结果即可。

Input

输入第一行包括三个整数n,m,k;
输入第二行包括m个整数,其中第i个整数为a(i);
输入第三行包括k个整数,其中第i个整数为b(i)。

Output


输出包括一行,该行包括m个整数,其中第i个整数表示从入口到达(n,i)的方案数对19的取模(注意:只要经过的直接通路序列不同即算成不同方案)。

Sample Input

3 2 2
3 4
1 2

Sample Output

3 16

解题思路:

考虑只能往下走,和往右下走,每一行的每一处的转移方案都可以认为是上一行的某处方案×$b_{曼哈顿距离}$

所以可以认为是a数组上乘了n-1个b数组,n太大多项式快速幂解决就好了。

PS:以前没做过这类题目FFT中m项以后的数都是要删除的否则会一下答案。

代码:

 1 #include<cmath>
 2 #include<cstdio>
 3 #include<cstring>
 4 #include<algorithm>
 5 typedef long long lnt;
 6 const int N=1031073;
 7 const double PI=acos(-1.0);
 8 struct cp{
 9     double x,y;cp(){};cp(double a,double b){x=a;y=b;}
10     cp friend operator + (cp a,cp b){return cp(a.x+b.x,a.y+b.y);}
11     cp friend operator - (cp a,cp b){return cp(a.x-b.x,a.y-b.y);}
12     cp friend operator * (cp a,cp b){return cp(a.x*b.x-a.y*b.y,a.x*b.y+a.y*b.x);}
13 }B[N],C[N];
14 lnt n;
15 int m,k;
16 int lim,len;
17 int pos[N];
18 int Aa[N],Bb[N];
19 void FFT(cp *a,double flag)
20 {
21     for(int i=0;i<len;i++)
22         if(i<pos[i])
23             std::swap(a[i],a[pos[i]]);
24     for(int i=2;i<=len;i<<=1)
25     {
26         cp wn(cos(2.00*PI*flag/(double)(i)),sin(2.00*PI*flag/(double)(i)));
27         for(int j=0;j<len;j+=i)
28         {    
29             cp w(1.00,0.00),t;
30             for(int k=0;k<(i>>1);k++,w=w*wn)
31             {
32                 t=a[j+k+(i>>1)]*w;
33                 a[j+k+(i>>1)]=a[j+k]-t;
34                 a[j+k]=a[j+k]+t;
35             }
36         }
37     }
38     return ;
39 }
40 int main()
41 {
42     scanf("%lld%d%d",&n,&m,&k);
43     memset(Bb,0,sizeof(Bb));
44     for(int i=1;i<=m;i++)scanf("%d",&Aa[i]);
45     for(int i=0;i<k;i++)scanf("%d",&Bb[i]);
46     if(n==1)
47     {
48         for(int i=1;i<=m;i++)printf("%d ",Aa[i]);
49         return 0;
50     }
51     while((1<<lim)<=2*m)lim++;
52     len=1<<lim;
53     for(int i=0;i<len;i++)pos[i]=(pos[i>>1]>>1)|((i&1)<<(lim-1));
54     for(int i=0;i<=m;i++)
55     {
56         C[i].x=Aa[i];
57         B[i].x=Bb[i];
58     }
59     n--;
60     while(n)
61     {
62         if(n&1)
63         {
64             FFT(C,1.0);
65             FFT(B,1.0);
66             for(int i=0;i<len;i++)C[i]=C[i]*B[i];
67             FFT(C,-1.0);
68             FFT(B,-1.0);
69             for(int i=0;i<len;i++)
70             C[i]=cp(((int)(C[i].x/len+0.1))%19,0.00),
71             B[i]=cp(((int)(B[i].x/len+0.1))%19,0.00);
72         }
73         FFT(B,1.0);
74         for(int i=0;i<len;i++)B[i]=B[i]*B[i];
75         FFT(B,-1.0);
76         for(int i=0;i<len;i++)B[i]=cp(((int)(B[i].x/len+0.1))%19,0.00);
77         for(int i=m+1;i<len;i++)C[i].x=B[i].x=0.00;
78         n=n/2;
79     }
80     for(int i=1;i<=m;i++)
81         printf("%d ",((int(C[i].x+0.1))+19)%19);
82     puts("");
83     return 0;
84 }

 

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