题目
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Description
刚刚解决完电力网络的问题, 阿狸又被领导的任务给难住了.
刚才说过, 阿狸的国家有n个城市, 现在国家需要在某些城市对之间建立一些贸易路线, 使得整个国家的任意两个城市都直接或间接的连通.
为了省钱, 每两个城市之间最多只能有一条直接的贸易路径. 对于两个建立路线的方案, 如果存在一个城市对, 在两个方案中是否建立路线不一样, 那么这两个方案就是不同的, 否则就是相同的. 现在你需要求出一共有多少不同的方案.
好了, 这就是困扰阿狸的问题. 换句话说, 你需要求出n个点的简单(无重边无自环)无向连通图数目.
由于这个数字可能非常大, 你只需要输出方案数mod 1004535809(479 * 2 ^ 21 + 1)即可.
Input
仅一行一个整数n(<=130000)
Output
仅一行一个整数, 为方案数 mod 1004535809.
Sample Input
3
4
100000
Sample Output
4
38
829847355
分析
楼教主男人八题也又一题是和这题一样，n个有标号点能构成的简单无向连通图数，不过这题题目数据大很多。做法如下：
- 补集转化，设$f[n]$表示n个带标号的点能构成的简单图数，而只要利用$f[n]$减去不连通的数目就是要求的答案了。其中$f[n]=2^{n(n-1)/2}$，因为完全图有$n(n-1)/2$条边，对于每条边选或不选来构成一张简单图。
- $dp[n]$表示n个带标号的点能构成的简单无向连通图数
- 考虑通过固定一个点，枚举这个点所在连通块的大小来转移：$dp[n]\ =\ f[n]-\sum_{i=1}^{n-1}C_{n-1}^{i-1}dp[i]f[n-i]$
- 整理成卷积形式：$d[n]\ =\ f[n]-(n-1)!\sum_{i=1}^{n-1}((i-1)!)^{-1}d[i] \times ((n-i)!)^{-1}f[n-i]$
- 最后就是用分治FFT来做了。
代码
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define MAXN 262144 //const long long P=50000000001507329LL; // 190734863287 * 2 ^ 18 + 1
const int P=1004535809; // 479 * 2 ^ 21 + 1
//const int P=998244353; // 119 * 2 ^ 23 + 1
const int G=3; long long mul(long long x,long long y){
return x*y%P;
}
long long qpow(long long x,long long k){
long long ret=1;
while(k){
if(k&1) ret=mul(ret,x);
k>>=1;
x=mul(x,x);
}
return ret;
} long long wn[25];
void getwn(){
for(int i=1; i<=21; ++i){
int t=1<<i;
wn[i]=qpow(G,(P-1)/t);
}
} int len;
void NTT(long long y[],int op){
for(int i=1,j=len>>1,k; i<len-1; ++i){
if(i<j) swap(y[i],y[j]);
k=len>>1;
while(j>=k){
j-=k;
k>>=1;
}
if(j<k) j+=k;
}
int id=0;
for(int h=2; h<=len; h<<=1) {
++id;
for(int i=0; i<len; i+=h){
long long w=1;
for(int j=i; j<i+(h>>1); ++j){
long long u=y[j],t=mul(y[j+h/2],w);
y[j]=u+t;
if(y[j]>=P) y[j]-=P;
y[j+h/2]=u-t+P;
if(y[j+h/2]>=P) y[j+h/2]-=P;
w=mul(w,wn[id]);
}
}
}
if(op==-1){
for(int i=1; i<len/2; ++i) swap(y[i],y[len-i]);
long long inv=qpow(len,P-2);
for(int i=0; i<len; ++i) y[i]=mul(y[i],inv);
}
}
void Convolution(long long A[],long long B[],int n){
for(len=1; len<(n<<1); len<<=1);
for(int i=n; i<len; ++i){
A[i]=B[i]=0;
} NTT(A,1); NTT(B,1);
for(int i=0; i<len; ++i){
A[i]=mul(A[i],B[i]);
}
NTT(A,-1);
} long long A[MAXN],B[MAXN]; long long d[MAXN],f[MAXN]={1},fact[MAXN]={1},fact_inv[MAXN]={1};
/*
d[n] = f[n]-fact[n-1]*Σ(fact_inv[i-1]*d[i]*f[n-i]*fact_inv[n-i])
*/
void cdq(int l,int r){
if(l==r) return;
int mid=l+r>>1;
cdq(l,mid);
for(int i=l; i<=mid; ++i){
A[i-l]=mul(fact_inv[i-1],d[i]);
}
for(int i=mid-l+1; i<=r-l; ++i) A[i]=0;
for(int i=0; i<=r-l; ++i){
B[i]=mul(fact_inv[i],f[i]);
}
Convolution(A,B,r-l+1);
for(int i=mid+1; i<=r; ++i){
d[i]-=mul(fact[i-1],A[i-l]);
if(d[i]<0) d[i]+=P;
}
cdq(mid+1,r);
} int main(){
getwn();
for(int i=1; i<=130000; ++i){
fact[i]=mul(fact[i-1],i);
fact_inv[i]=qpow(fact[i],P-2);
d[i]=f[i]=qpow(2,(i-1LL)*i/2);
}
cdq(1,130000);
int n;
while(~scanf("%d",&n)){
printf("%lld\n",d[n]);
}
return 0;
}