首先暴力很好搞，但是优化的话就不会了。放弃QWQ。
做法1：二分答案
然后发现平均值是$ave=\frac{sum}{len}$，这种形式似乎可以二分答案？把$len$移到左边。
于是二分$ave$，去找数列有没有区间和大于等于其$len$乘以$ave$的，然后卡住了。。
有一个很巧的转化，把每个数都减去一个$ave$，然后任意区间和就相当于把$ave$累加了$len$次。
于是乎只要看区间和$S-len*ave$是否大于等于0就可以了。
存在这样一个区间就说明$ave$可以更大，否则要小。查找存在性是一个简单的前缀和dp。
$O(nlogn)$。
poj精度死活卡不过去。
看来技巧还不够。
于是一气之下把所有double型全换成long long，也就是把小数点后五位通通看成整数，然后运算，最后除以100。
唉。
1 #include<iostream>
2 #include<cstdio>
3 #include<cstring>
4 #include<algorithm>
5 #include<cmath>
6 #define dbg(x) cerr << #x << " = " << x <<endl
7 using namespace std;
8 typedef long long ll;
9 typedef double db;
10 typedef pair<int,int> pii;
11 template<typename T>inline T _min(T A,T B){return A<B?A:B;}
12 template<typename T>inline T _max(T A,T B){return A>B?A:B;}
13 template<typename T>inline char MIN(T&A,T B){return A>B?(A=B,1):0;}
14 template<typename T>inline char MAX(T&A,T B){return A<B?(A=B,1):0;}
15 template<typename T>inline void _swap(T&A,T&B){A^=B^=A^=B;}
16 template<typename T>inline T read(T&x){
17 x=0;int f=0;char c;while(!isdigit(c=getchar()))if(c=='-')f=1;
18 while(isdigit(c))x=x*10+(c&15),c=getchar();return f?x=-x:x;
19 }
20 const int N=1e5+7;
21 const db eps=1e-7;
22 ll A[N],s[N];
23 ll L=1,R,mid;
24 int n,l;
25 inline bool check(ll ave){
26 for(register int i=1;i<l;++i)s[i]=s[i-1]+A[i]-ave;
27 ll minx=1e16;
28 for(register int i=l;i<=n;++i){
29 MIN(minx,s[i-l]);s[i]=s[i-1]+A[i]-ave;
30 if(s[i]-minx>=0)return 1;
31 }
32 return 0;
33 }
34
35 int main(){//freopen("test.in","r",stdin);//freopen("test.out","w",stdout);
36 read(n),read(l);
37 for(register int i=1;i<=n;++i)A[i]=read(A[i])*100000,MAX(R,A[i]);
38 while(L<R){
39 mid=L+R+1>>1;
40 if(check(mid))L=mid;
41 else R=mid-1;
42 }
43 printf("%lld",(L/100));
44 return 0;
45 }
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