UVA - 11806 Cheerleaders (容斥原理)

题意:在N*M个方格中放K个点,要求第一行,第一列,最后一行,最后一列必须放,问有多少种方法。

分析:

1、集合A,B,C,D分别代表第一行,第一列,最后一行,最后一列放。

则这四行必须放=随便放C[N * M][K] - 至少有一行没放,即ABCD=随便放-A的补集 ∪ B的补集 ∪ C的补集 ∪ D的补集。

2、A的补集 ∪ B的补集 ∪ C的补集 ∪ D的补集,可用容斥原理计算,二进制枚举即可。

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<cctype>
#include<cmath>
#include<iostream>
#include<sstream>
#include<iterator>
#include<algorithm>
#include<string>
#include<vector>
#include<set>
#include<map>
#include<stack>
#include<deque>
#include<queue>
#include<list>
#define lowbit(x) (x & (-x))
const double eps = 1e-9;
inline int dcmp(double a, double b){
if(fabs(a - b) < eps) return 0;
return a > b ? 1 : -1;
}
typedef long long LL;
typedef unsigned long long ULL;
const int INT_INF = 0x3f3f3f3f;
const int INT_M_INF = 0x7f7f7f7f;
const LL LL_INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const LL LL_M_INF = 0x7f7f7f7f7f7f7f7f;
const int dr[] = {0, 0, -1, 1, -1, -1, 1, 1};
const int dc[] = {-1, 1, 0, 0, -1, 1, -1, 1};
const int MOD = 1000007;
const double pi = acos(-1.0);
const int MAXN = 400 + 10;
const int MAXT = 1000 + 10;
using namespace std;
int C[MAXN][MAXN];
void init(){
for(int i = 0; i < MAXN; ++i){
C[i][0] = C[i][i] = 1;
for(int j = 1; j < i; ++j){
C[i][j] = (C[i - 1][j] + C[i - 1][j - 1]) % MOD;
}
}
}
int main(){
int T;
scanf("%d", &T);
int kase = 0;
init();
while(T--){
int N, M, K;
scanf("%d%d%d", &N, &M, &K);
printf("Case %d: ", ++kase);
if(K > N * M){
printf("0\n");
continue;
}
int n = 4;
int ans = C[N * M][K];
for(int i = 1; i < (1 << n); ++i){
int cnt = 0, tmpn = N, tmpm = M;
for(int j = 0; j < n; ++j){
if(i & (1 << j)){
++cnt;
if(j & 1) --tmpm;
else --tmpn;
}
}
if(cnt & 1){
ans = (ans - C[tmpm * tmpn][K] + MOD) % MOD;
}
else{
(ans += C[tmpm * tmpn][K]) %= MOD;
}
}
printf("%d\n", ans);
}
return 0;
}

  

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