Description
方伯伯有一天去参加一个商场举办的游戏。商场派了一些工作人员排成一行。每个人面前有几堆石子。说来也巧，位置在 i 的人面前的第 j 堆的石子的数量，刚好是 i 写成 K 进制后的第 j 位。
现在方伯伯要玩一个游戏，商场会给方伯伯两个整数 L,R。方伯伯要把位置在 [L, R] 中的每个人的石子都合并成一堆石子。每次操作，他可以选择一个人面前的两堆石子，将其中的一堆中的某些石子移动到另一堆，代价是移动的石子数量 * 移动的距离。商场承诺，方伯伯只要完成任务，就给他一些椰子，代价越小，给他的椰子越多。所以方伯伯很着急，想请你告诉他最少的代价是多少。
例如：10 进制下的位置在 12312 的人，合并石子的最少代价为：
1 * 2 + 2 * 1 + 3 * 0 + 1 * 1 + 2 * 2 = 9
即把所有的石子都合并在第三堆
Input
输入仅有 1 行，包含 3 个用空格分隔的整数 L，R，K，表示商场给方伯伯的 2 个整数，以及进制数
Output
输出仅有 1 行，包含 1 个整数，表示最少的代价。
Sample Input
3 8 3
Sample Output
5
HINT
1 < = L < = R < = 10^15, 2 < = K < = 20
题解：
据说是数位DP水题，EXM？
一开始想了个5维DP……想了想不太对，怂了题解……
先强制性让集合点为最低位，然后得到一个答案，但显然这个不是最优解，那么考虑当某个数集合点从低位转移到高一位的要求，即此位以前数字之和要大于后面数之和，若用$a_{i}(P)$表示P进制下第i位的数字，这个条件就是：$\sum_{x=i+1}^n a_{x}(P)>=\sum_{x=1}^{i-1}a_{x}(P)$。在考虑如何DP。
首先对于强制性选择最低位，可以直接数位DP，这部分很裸；接着，考虑从次低位到最高位为集合点的减少量，记忆化搜索的时候我们传一个选取位置，当当前位数大于等于此值时我们加上此位枚举值，反之减去，若减去到某位后和小于了0，那么说明这个状态不满足进位集合，直接返回0即可。最后我们用第一次DP出的答案减去之后枚举新集合点的减少量即为答案。
（话说第一次打记忆化搜索，感觉怪怪的。）
代码（抄来的233）：
#define Troy 10/11/2017
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
ll f[][**],P;
int num,p[];
inline ll dfs(int pos,int sum,bool limit){
if(pos==) return sum;
if(!limit&&f[pos][sum]!=-) return f[pos][sum];
int end=limit?p[pos]:P-;
ll ret=;
for(int i=;i<=end;i++)
ret+=dfs(pos-,sum+(pos-)*i,limit&&i==end);
if(!limit) f[pos][sum]=ret;
return ret;
}
inline ll dfs(int pos,int up,int sum,bool limit){
if(sum<) return ;
if(pos==) return sum;
if(!limit&&f[pos][sum]!=-) return f[pos][sum];
int end=limit?p[pos]:P-;
ll ret=;
for(int i=;i<=end;i++)
if(pos>=up) ret+=dfs(pos-,up,sum+i,limit&&i==end);
else ret+=dfs(pos-,up,sum-i,limit&&i==end);
return limit==?f[pos][sum]=ret:ret;
}
inline ll calc(ll n){
num=;
do{
p[++num]=n%P;
n/=P;
}while(n);
memset(f,-,sizeof(f));
ll ret=dfs(num,,true);
for(int i=;i<=num;i++)
memset(f,-,sizeof(f)),ret-=dfs(num,i,,true);
return ret;
}
int main(){
ll a,b;
scanf("%lld%lld%lld",&a,&b,&P);
printf("%lld\n",calc(b)-calc(a-));
}