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     题意：用木板盖住泥泞的地方，不能盖住草。木板任意长！可以重叠覆盖！ '*'表示泥泞的地方，'.'表示草！

     思路：

          首先让我们回忆一下HDU 2119 Matrix这一道题，一个矩阵中只有0， 1，然后让我们通过选择一行，或者

          是一列将其所在行的或者所在列的 1全部删掉，求出最少需要几步？

          这道题的思路就是：将行标 和 列标值为1的建立一条边！通过匈牙利算法可以得到这个二分图的最大匹配数

          最大匹配数==最小顶点覆盖数！最小顶点覆盖就是用最少的点覆盖了这个二分图的所有的边，然后去掉这些

          最小覆盖中的顶点就可以去掉所有的边，也就是所有的 1都去掉了！ 

     那么这道题该怎么办呢？其实和上面的思路差不多，只不过是不能在原图上解题！这道题每一行或者每一列

     都有限制的因素，就是草地，覆盖泥泞的地方时不能覆盖草地，所以要想办法忽略草地的影响！

     解决方法：连通块的思路
       如果一个连通区域的左右两侧无法延伸则为行连通块儿，上下无法延伸则为列连通块儿，把行连通块儿作为X集合，列连通块儿作为Y集合，则X与Y相连得到的边就代表所要覆盖的       泥泞区域。即可用匈牙利算法求出覆盖所有泥泞区域所需要的最少连通块儿。
                1，现将每一行的不连在一起的泥泞土地赋给不同的编号（从1...cntR开始），也就是如果忽略

     草地的话，泥泞的地方一共有cntR个行连通块！

              2，同理每一列按照每一行的操作， 共有cntC个列连通块！

     这样结题思路就和上面的那一道题一样了..... 

     g[i][j]=='*' 那么aR[i][j]就是该点新的行标， aC[i][j]就是该点行的列标

 */

 #include<iostream>

 #include<cstring>

 #include<cstdio>

 #include<algorithm>

 #include<vector>

 #define M 55

 #define N 1000

 using namespace std;

 vector<int>v[N];

 char g[M][M];

 int vis[N];

 int linker[N];

 int aR[M][M], aC[M][M];

 int n, m;

 bool dfs(int u){

    int len=v[u].size();

    for(int i=; i<len; ++i){

        int vu=v[u][i];

        if(!vis[vu]) {

               vis[vu]=;

            if(!linker[vu] || dfs(linker[vu])){

                linker[vu]=u;

                return true;

            }

        }

    }

    return false;

 }

 int main(){

    while(scanf("%d%d", &n, &m)!=EOF){

           int cntR=, cntC=;

        for(int i=; i<=n; ++i)

           scanf("%s", g[i]+);

        for(int i=; i<=n; ++i)

           for(int j=; j<=m; ++j)

              if(g[i][j]=='*'){

                 aR[i][j]=cntR;

                 if(j+>m || g[i][j+]!='*')

                    ++cntR;

              }

        for(int j=; j<=m; ++j)

           for(int i=; i<=n; ++i)

              if(g[i][j]=='*'){

                  aC[i][j]=cntC;

                  if(i+>n || g[i+][j]!='*')

                    ++cntC;

              }

        for(int i=; i<=n; ++i)

           for(int j=; j<=m; ++j)

             if(g[i][j]=='*')

                v[aR[i][j]].push_back(aC[i][j]);  

        int ans=;

        memset(linker, , sizeof(linker));

        for(int i=; i<cntR; ++i){

            memset(vis, , sizeof(vis));

            if(dfs(i))  ++ans;

        }

        printf("%d\n", ans);

        for(int i=; i<cntR; ++i)

           v[i].clear();

    }

    return ;

 }