题目：求所有全排列
难度：Medium
题目内容：
Given a collection of distinct integers, return all possible permutations.
翻译：给定一组各不相同的整数，返回所有可能的排列。
Example:
Input: [1,2,3]
Output:
[
[1,2,3],
[1,3,2],
[2,1,3],
[2,3,1],
[3,1,2],
[3,2,1]
]
我的思路：每种情况中，每一个元素只出现一次，只是之间的顺序不同，那么马上就联想到和之前的那个利用队列求按键输出所有可能的字母组合题一样：LeetCode第[17]题(Java)：Letter Combinations of a Phone Number，只要把其中思路稍作修改即可。
步骤：
1、首先创建一个队列ans，往里面放一个空的list；
2、对ans队列进行while循环，只要队头List的长度小于输入数组的长度，那么说明还没有排完则进入循环；
3、取出队头List，并且对输入数组进行循环，如果循环内发现当前List里没有某个元素，则复制队头List，然后把此元素传入，再把复制品放入ans队尾。
为什么要复制一个新的List?
因为，List是一个引用类型，取出队头后的循环判断的都是同一个队头List，而不是新的。
以【1，2，3】为输入数组，图示步骤如下：
最初ansList：
【【】】
第一大轮while循环后（此一大轮包括若干轮）：
【【1】【2】【3】】
第二大轮循环后：
【【1，2】，【1，3】，
【2，1】，【2，3】，
【3，1】，【3，2】】
第三大轮循环后：
【【1，2，3】，【1，3，2】，
【2，1，3】，【2，3，1】，
【3，1，2】，【3，2，1】】
完毕
我的代码：
public List<List<Integer>> permute(int[] nums) {
LinkedList<List<Integer>> ans = new LinkedList<List<Integer>>();
ans.add(new ArrayList<Integer>());
while (ans.peek().size() < nums.length) {
List<Integer> temp = ans.poll();
for (int i = 0; i < nums.length; i++) {
if (!temp.contains(nums[i])) {
List<Integer> inner = new ArrayList<Integer>(temp); // 复制一个新的
inner.add(nums[i]);
ans.add(inner);
}
}
}
return ans;
}
我的复杂度：O（N3） ———因为contains()方法其实也循环了一次。
编码过程中的问题：
1、忘了要复制出一个新的；
2、忘了怎么复制新List： new ArrayList<Integer>(temp);
答案代码：
public List<List<Integer>> permute(int[] nums) {
List<List<Integer>> list = new ArrayList<>();
backtrack(list, new ArrayList<>(), nums);
return list;
}
private void backtrack(List<List<Integer>> list, List<Integer> tempList, int [] nums){
if(tempList.size() == nums.length){
list.add(new ArrayList<>(tempList));
} else{
for(int i = 0; i < nums.length; i++){
if(tempList.contains(nums[i])) continue; // element already exists, skip
tempList.add(nums[i]);
backtrack(list, tempList, nums);
tempList.remove(tempList.size() - 1);
}
}
}
答案复杂度：O（N3）
答案思路：
利用了递归的思想，新建一个递归方法，传入 三个参数： 答案List 、元素List、输入数组
递归方法的内部逻辑：
1、如果当前元素List的长度已经与输入数组一样，那么说明此元素List已经排列完毕，所以直接加入答案List
2、否则，对输入数组进行循环，如果当前元素List没有包含某元素，则将此元素传入当前元素List，并调用递归方法传入（ 答案List 、元素List、输入数组），再将当前元素List刚加入的那个元素给删了。
主要逻辑和我的方法是一个思想，就是对对输入数组进行循环，不包括则加入，并再回到最初判断。
不过有个有意思的地方就是，他没有用复制一个新的List来解决复用的问题，而是把新加入的那个元素（最后一个）给remove掉，和复制一个新的List是同样的效果，不过这种方法降低了空间复杂度。
但是请【注意】，这个删除的方法并不适用我的那个方法！
因为，假如我在tempList加入新元素后直接add进入 ansList，然后再删去temp刚加入的新元素，代码如下：
if (!temp.contains(nums[i])) {
temp.add(nums[i]);
ans.add(temp);
temp.remove(temp.size()-1);
}
那么由于temp是个List，所以加入进ans的也是一个引用，也就是说ans里的和我要做remove操作的List是同一个List，所以这段代码执行完后ans只会加入一个长度没有变化的tempList，所以ans的队头永远都是空的List，while循环判断就会进入死循环。
那为什么递归方法却可以用删除？
因为递归方法在remove()方法的前面，当执行到remove()的时候，关于新的tempList的操作已经完成了，所以此时remove然后变回原来的tempList不会产生任何影响。
【并且，“复制一个新的List”，在递归方法也是可以用的，请自行验证哈~】
扩展：47. Permutations II
给定一组可能包含重复(46题元素都不同)的数字，返回所有可能的惟一排列。（其实本题还和LeetCode第[78]题Subsets（求子集）扩展——第[90]题：Subsets 2 这个很像）
Example:
Input: [1,1,2]
Output:
[
[1,1,2],
[1,2,1],
[2,1,1]
]
答案代码：
public List<List<Integer>> permuteUnique(int[] nums) {
List<List<Integer>> list = new ArrayList<>();
Arrays.sort(nums);
backtrack(list, new ArrayList<>(), nums, new boolean[nums.length]);
return list;
}
private void backtrack(List<List<Integer>> list, List<Integer> tempList, int [] nums, boolean [] used){
if(tempList.size() == nums.length){
list.add(new ArrayList<>(tempList));
} else{
for(int i = 0; i < nums.length; i++){
if(used[i] || i > 0 && nums[i] == nums[i-1] && !used[i - 1]) continue;
used[i] = true;
tempList.add(nums[i]);
backtrack(list, tempList, nums, used);
used[i] = false;
tempList.remove(tempList.size() - 1);
}
}
}
答案思路：
相对于本题多出了以下几点不同
1、因为包含相同的元素，所以需要排序以方便判断左右相同元素；
2、因为每个tempList都是一个新的排列，然而在此排列中又必须要有标志位来标志本次排列中已经使用过的元素；
3、如果（当前元素是被使用过的 或者 （当前元素和前一个元素相等 并且 前一个元素是没被使用过的））
此时说明此元素值是被使用过的，所以continue。
在此特地解释一下为什么要是“ 前一个元素是没被使用过的” ，没有打错就是没有使用过的。
因为，每一次排列都是按顺序进行循环的，直到关于此元素的后续全部循环结束后才会回溯到此将此元素的used再设回为没使用，所以，如果循环到后一个元素，而前面的元素已经是没使用过的，则说明前面的组合已经全部放进答案List中去了。
举例：【-1，-1，-1，2】
以当首先对第一个元素开头的排列进行循环，假设已经以第一个元素和第二个元素开头的都已经全部排列，已经开始回溯到第一个元素和第三个元素开头了，
此时的used为【true，false，false，false】
而因为此时第三个元素和前一个元素（第二个元素）是相等的，而前一个已经为false，说明前一个已经是进行循环完毕而回溯过的，所以此时，第一个元素和第三个元素开头则为第一个元素和第二个元素开头的重复排列，所以跳过。