题目描述
某一村庄在一条路线上安装了n盏路灯，每盏灯的功率有大有小（即同一段时间内消耗的电量有多有少）。老张就住在这条路中间某一路灯旁，他有一项工作就是每天早上天亮时一盏一盏地关掉这些路灯。
为了给村里节省电费，老张记录下了每盏路灯的位置和功率，他每次关灯时也都是尽快地去关，但是老张不知道怎样去关灯才能够最节省电。他每天都是在天亮时首先关掉自己所处位置的路灯，然后可以向左也可以向右去关灯。开始他以为先算一下左边路灯的总功率再算一下右边路灯的总功率，然后选择先关掉功率大的一边，再回过头来关掉另一边的路灯，而事实并非如此，因为在关的过程中适当地调头有可能会更省一些。
现在已知老张走的速度为1m/s，每个路灯的位置（是一个整数，即距路线起点的距离，单位：m）、功率（W），老张关灯所用的时间很短而可以忽略不计。
请你为老张编一程序来安排关灯的顺序，使从老张开始关灯时刻算起所有灯消耗电最少（灯关掉后便不再消耗电了）。
输入输出格式
输入格式：
文件第一行是两个数字n(1<=n<=50，表示路灯的总数)和c(1<＝c<=n老张所处位置的路灯号)；
接下来n行，每行两个数据，表示第1盏到第n盏路灯的位置和功率。数据保证路灯位置单调递增。
输出格式：
一个数据，即最少的功耗(单位：J，1J＝1W·s)。
输入输出样例
说明
输出解释：
{此时关灯顺序为3 4 2 1 5，不必输出这个关灯顺序}
题解
吐槽：这是一道会生崽的题所以肥肠重要QAQ（大概也就考过个三四次改编题了吧
就是比较基础的区间dp啦
设F[L][R][0]为区间[L,R]的灯都关掉，并且站在区间左端时已经消耗的功率最小值，
同理，F[L][R][1]为区间[L,R]的灯都关掉，并且站在区间右端是已消耗功率的最小值。
转移方程：
f[i][j][]=min(f[i+][j][]+(a[i+]-a[i])*(sum[n]+(sum[i]-sum[j])),
f[i+][j][]+(a[j]-a[i])*(sum[n]+(sum[i]-sum[j])));
f[i][j][]=min(f[i][j-][]+(a[j]-a[i])*(sum[n]+(sum[i-]-sum[j-])),
f[i][j-][]+(a[j]-a[j-])*(sum[n]+(sum[i-]-sum[j-])));
最后的答案是F[1][n][0]和F[1][n][1]中的较小值。
/*
qwerta
P1220 关路灯
Accepted
100
代码 C++，0.87KB
提交时间 2018-07-04 17:04:07
耗时/内存
0ms, 2195KB
*/
#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
int a[];
int n,c;
int sum[];
void scan()
{
scanf("%d%d",&n,&c);
int u;
for(int i=;i<=n;++i)
{
scanf("%d%d",&a[i],&u);
sum[i]=sum[i-]+u;
}
return;
}
int f[][][];
void run()
{
memset(f,,sizeof(f));
f[c][c][]=f[c][c][]=;
for(int l=;l<n;++l)
for(int i=;i+l<=n;++i)
{
int j=i+l;
f[i][j][]=min(f[i+][j][]+(a[i+]-a[i])*(sum[n]+(sum[i]-sum[j])),
f[i+][j][]+(a[j]-a[i])*(sum[n]+(sum[i]-sum[j])));
f[i][j][]=min(f[i][j-][]+(a[j]-a[i])*(sum[n]+(sum[i-]-sum[j-])),
f[i][j-][]+(a[j]-a[j-])*(sum[n]+(sum[i-]-sum[j-])));
}
return;
}
int main()
{
scan();
run();
cout<<min(f[][n][],f[][n][]);
return ;
//我当年的码风真丑
}