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N为正整数，计算从1到N的所有整数中包含数字1的个数。比如，N=10，从1，2...10，包含有2个数字1。

相信很多人都能立刻得出以下的解法：

for(n:N)

{

判断n包含1的个数；

累加计数器；

}

这是最直接的解法，但遗憾的是，时间复杂程度为O(N*logN)。因为还需要循环判断当前的n的各位数，该判断的时间复杂程度为O(logN)。

接下来就应该思考效率更高的解法了。说实话，这道题让我想起另外一道简单的算法题：

N为正整数，计算从1到N的整数和。

很多人都采用了循环求解。然后利用初等数学知识就知道S=N*(N+1)/2，所以用O(1)的时间就可以处理。

再回到本道题目，同理应该去寻找到结果R与N之间的映射关系。

分析如下：

假设N表示为a[n]a[n-1]...a[1]，其中a[i](1<=i<=n)表示N的各位数上的数字。

c[i]表示从整数1到整数a[i]...a[1]中包含数字1的个数。

x[i]表示从整数1到10^i - 1中包含数字1的个数，例如，x[1]表示从1到9的个数，结果为1；x[2]表示从1到99的个数，结果为20；

当a[1]=0时，c[1] = 0;

当a[1]=1时，c[1] = 1;

当a[1]>1时，c[1] = 1;

当a[2]=1时，c[2] = a[1] +1+ c[1] + x[1];

当a[2]>1时，c[2] = a[2]*x[1]+c[1]+10;

当a[3]=1时，c[3] = a[2]*a[1] +1+ c[2] + x[2];

当a[3]>1时，c[3] = a[3]*x[2]+c[2]+10^2;

......

以此类推

当a[i]=1时，c[i] = a[i-1]*...*a[1] +1+ c[i-1]+x[i-1];

当a[i]>1时，c[i] = a[i]x[i-1]+c[i-1]+10^(i-1);

代码：

int main()

{

    int N;

    cin>>N;

    int N1=N/;

    int N2=N%;

    int N3;

    int x=;

    int y=;

    int cnt=(N2==?:);

    while(N1>)

    {

        N3=N1%;

        if (N3==);

        else if (N3==)

        {

            cnt=N2++x+cnt;

        }

        else

        {

            cnt=N3*x+cnt+y;

        }

        N2=*N2+N3;

        N1=N1/;

        x=*x+y;

        y=y*;

    }

    cout<<cnt<<endl;

    return ;

}