设正整数$m_1, m_2, ... , m_r$两两互素，对于同余方程组
$x ≡ a_1 \ (mod \ m_1)$
$x ≡ a_2 \ (mod \ m_2)$
$...$
$x ≡ a_r \ (mod \ m_r)$
有整数解。设$P = \prod\limits_{k = 1}^{r} m_k$，则有
$$x ≡ a_1 M_1 M_1^{-1} + a_2 M_2 M_2^{-1} + ... + a_r M_r M_r^{-1}\ ( \ mod \ P)$$
其中，$M_i = \frac{P}{m_i}$，$M_i^{-1}$为$M_i$在模$m_i$意义下的乘法逆元
证明：
对于每一个同余方程分开求解，设各个方程的解分别为$x_i$，则答案为$\sum\limits_{i = 1}^{r}x_i$。
若对于$k≠i$，都有$m_k|x_i$，则最终累积答案的时候对当前同余方程产生影响的只有$x_i$
因此$x_i$应当为$\frac{P}{m_i}$的倍数，且满足$x_i ≡ a_i \ (mod \ m_i)$
由于$M_i = \frac{P}{m_i}$，因此求出$M_i$在模$m_i$意义下的逆元$M_i^{-1}$，可得$M_i M_i^{-1} ≡ 1 \ (mod \ m_i)$
同时乘以$a_i$即可得$a_i M_i M_i^{-1} ≡ a_i \ (mod \ m_i)$
由于$x_i ≡ a_i M_i M_i^{-1} \ (mod \ m_i)$
所以$x = a_1 M_1 M_1^{-1} + a_2 M_2 M_2^{-1} + ... + a_r M_r M_r^{-1}$
若要求x的最小正整数值，$mod \ P$即可：$x ≡ a_1 M_1 M_1^{-1} + a_2 M_2 M_2^{-1} + ... + a_r M_r M_r^{-1}\ ( \ mod \ P)$
代码实现
/*By DennyQi*/
#include <cstdio>
#include <queue>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#define r read()
using namespace std;
inline int read(){
int x = ; int w = ; register int c = getchar();
while(c ^ '-' && (c < '' || c > '')) c = getchar();
if(c == '-') w = -, c = getchar();
while(c >= '' && c <= '') x = (x << ) + (x << ) + c - '', c = getchar(); return x * w;
}
int K,P=,x,y;
int a[],b[];
void exgcd(int M, int B){
if(!B){
x = , y = ;
return;
}
exgcd(B, M%B);
int tmp = x;
x = y;
y = tmp - (M / B) * y;
}
int GetInv(int M, int B){
exgcd(M, B);
return (x + B) % B;
}
inline void CRT(){
int M,inv,ans=;
for(int i = ; i <= K; ++i){
M = P / b[i];
inv = GetInv(M, b[i]);
ans = (ans + a[i]*M*inv) % P;
}
printf("%d", ans);
}
int main(){
K = r;
for(int i = ; i <= K; ++i) a[i] = r;
for(int i = ; i <= K; ++i) b[i] = r, P *= b[i];
CRT();
return ;
}