题意：

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分析：

• 暴力：

\(O(nq)\) 的暴力没有什么意义，我们换一个思路，我们对于询问的区间进行莫队，然后统计前缀中 \(r-l+1\) 的位置有多少个，这个可以用线段树维护，每一个节点维护一个 pair ，重载一下取 \(\max\) ，复杂度也许是 \(O(n\sqrt n\log )\)，实际得分 60pts

• 正解

我们考虑每一个一操作带来的影响，每一次会将两个连通块并为一个，或者反向裂开，我们每一次添加会增加新的连续段为 \((l,r)|(l\le x\le y)\) 这些连续段在二维平面上其实是一个矩形，也就是说每一次我们会给一个矩形整体加上一段时间，这个矩形 \(M_{i,j}\) 表示区间 \([i,j]\) 之间联通的时间，所以我们要实现矩形加单点查询，转化一下改成差分加，前缀和查询，直接树套树，复杂度 \(O(n\log ^2)\)，对于找连通块的操作可以用线段树维护区间左端点，右端点，或者上 \(set\) 也可以

代码：

#include<bits/stdc++.h>
#define pii pair<int,int>
#define mk(x,y) make_pair(x,y)
#define lc rt<<1
#define rc rt<<1|1
#define pb push_back
#define fir first
#define sec second
#define inl inline
#define reg register

using namespace std;

namespace zzc
{
	typedef long long ll;
	inline int read()
	{
		int x=0,f=1;char ch=getchar();
		while (!isdigit(ch)){if (ch=='-') f=-1;ch=getchar();}
		while (isdigit(ch)){x=x*10+ch-48;ch=getchar();}
		return x*f;
	}
	
	const int maxn = 1e6+5;
	int n,qt,tot;
	int rt[maxn],ch[maxn<<5][2],val[maxn<<5],pre[maxn<<1],suf[maxn<<1];
	char st[maxn],opt[10];
	
	int lowbit(int x) {return x&(-x);}
	
	void pushup(int rt)
	{
		val[rt]=val[ch[rt][0]]+val[ch[rt][1]];
	}
	
	void pushdown(int rt)
	{
		if(pre[rt])
		{
			pre[lc]=pre[rt];
			pre[rc]=pre[rt];
			pre[rt]=0;
		}
		if(suf[rt])
		{
			suf[lc]=suf[rt];
			suf[rc]=suf[rt];
			suf[rt]=0;
		}
	}
	
	void modify2(int &rt,int l,int r,int pos,int w)//¶¯Ì¬¿ªµãÏ߶ÎÊ÷ 
	{
		if(!rt) rt=++tot;
		if(l==r)
		{
			val[rt]+=w;
			return ;
		}
		int mid=(l+r)>>1;
		if(pos<=mid) modify2(ch[rt][0],l,mid,pos,w);
		else modify2(ch[rt][1],mid+1,r,pos,w);
		pushup(rt);
	}
	
	int query2(int rt,int l,int r,int ql,int qr)//¶¯Ì¬¿ªµãÏ߶ÎÊ÷ 
	{
		if(ql<=l&&r<=qr) return val[rt];
		int mid=(l+r)>>1,res=0;
		if(ql<=mid) res+=query2(ch[rt][0],l,mid,ql,qr);
		if(qr>mid) res+=query2(ch[rt][1],mid+1,r,ql,qr);
		return res;
	}
	
	void modify1(int x,int y,int w)//Ê÷×´Êý×é 
	{
		if(y>n+1) return ;
		for(reg int i=x;i<=n+1;i+=lowbit(i)) modify2(rt[i],1,n+1,y,w);
	}
	
	int query1(int x,int y)//Ê÷×´Êý×é 
	{
		int res=0;
		for(reg int i=x;i;i-=lowbit(i)) res+=query2(rt[i],1,n+1,1,y);
		return res;
	}
	
	void build(int rt,int l,int r)
	{
		if(l==r)
		{
			pre[rt]=l;
			suf[rt]=l;
			return ;
		}
		int mid=(l+r)>>1;
		build(lc,l,mid);build(rc,mid+1,r);
	}
	
	void modify3(int rt,int l,int r,int ql,int qr,int w,int kind)//ÆÕͨÏ߶ÎÊ÷£ºÁ¬Í¨ÐÔ 
	{
		if(ql<=l&&r<=qr)
		{
			if(kind==0) pre[rt]=w;
			else suf[rt]=w;
			return ;
		}
		pushdown(rt);
		int mid=(l+r)>>1;
		if(ql<=mid) modify3(lc,l,mid,ql,qr,w,kind);
		if(qr>mid) modify3(rc,mid+1,r,ql,qr,w,kind);
	}
	
	int query3(int rt,int l,int r,int pos,int kind)//ÆÕͨÏ߶ÎÊ÷£ºÁ¬Í¨ÐÔ 
	{
		if(l==r)
		{
			if(kind==0) return pre[rt];
			else return suf[rt];
		}
		pushdown(rt);
		int mid=(l+r)>>1;
		if(pos<=mid) return query3(lc,l,mid,pos,kind);
		else return query3(rc,mid+1,r,pos,kind);
	}
	
	bool connect(int x,int y)
	{
		return query3(1,1,n+1,x,0)==query3(1,1,n+1,y,0);
	}
	
	void insert(int x,int now)
	{
		int l=query3(1,1,n+1,x,0),r=query3(1,1,n+1,x+1,1);
		modify3(1,1,n+1,l,x,r,1);
		modify3(1,1,n+1,x+1,r,l,0);
		modify1(l,x+1,qt-now);modify1(x+1,x+1,now-qt);
		modify1(l,r+1,now-qt);modify1(x+1,r+1,qt-now);
	}
	
	void delet(int x,int now)
	{
		int l=query3(1,1,n+1,x,0),r=query3(1,1,n+1,x+1,1);
		modify3(1,1,n+1,l,x,x,1);modify3(1,1,n+1,x+1,r,x+1,0);
		modify1(l,x+1,now-qt);modify1(x+1,x+1,qt-now);
		modify1(l,r+1,qt-now);modify1(x+1,r+1,now-qt);
	}
	
	void work()
	{
		int x,y,ans;
		n=read();qt=read();
		scanf("%s",st+1);build(1,1,n+1);
		for(reg int i=1;i<=n;i++) if(st[i]=='1') insert(i,0);
		for(reg int i=1;i<=qt;i++)
		{
			scanf("%s",opt);
			if(opt[0]=='q')
			{
				x=read();y=read();
				query3(1,1,n+1,4,0);
				ans=query1(x,y);
				if(connect(x,y)) ans-=qt-i;
				printf("%d\n",ans);
			}
			else
			{
				x=read();
				if(connect(x,x+1)) delet(x,i);
				else insert(x,i);
			}
		}
	}

}

int main()
{
	zzc::work();
	return 0;
}