题目

在给定的网格中，每个单元格可以有以下三个值之一：

值 0 代表空单元格；
值 1 代表新鲜橘子；
值 2 代表腐烂的橘子。
每分钟，任何与腐烂的橘子（在 4 个正方向上）相邻的新鲜橘子都会腐烂。

返回直到单元格中没有新鲜橘子为止所必须经过的最小分钟数。如果不可能，返回 -1。

示例

输入：[[2,1,1],[1,1,0],[0,1,1]]
输出：4

输入：[[2,1,1],[0,1,1],[1,0,1]]
输出：-1
解释：左下角的橘子（第 2 行， 第 0 列）永远不会腐烂，因为腐烂只会发生在 4 个正向上。

输入：[[0,2]]
输出：0
解释：因为 0 分钟时已经没有新鲜橘子了，所以答案就是 0 。

来源：力扣（LeetCode）
链接：https://leetcode-cn.com/problems/rotting-oranges
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方法1

BFS。
感觉掌握了套路以后 比较简单啊~

Java实现

class Solution {
    public int orangesRotting(int[][] grid) {
        int row = grid.length;
        int col = grid[0].length;


        Queue<int[]> q = new LinkedList<>();
        int[] directions = {-1, 0, 1, 0, -1};
        int step = -1;
        int Cnt0 = 0;

        for (int i = 0; i < row; i++){
            for (int j = 0; j < col; j++){
                if (grid[i][j] == 2) q.offer(new int[]{i, j});
                if (grid[i][j] == 0) Cnt0++;
            }
        }
        //数组全是0的情况
        if (Cnt0 == row * col) return 0;
        
        while (!q.isEmpty()){
            int sz = q.size();

            for (int i = 0; i < sz; i++){
                int[] cur = q.poll();

                //4个方向遍历
                for (int j = 0; j < directions.length - 1; j++){
                   int x = cur[0] + directions[j];
                   int y = cur[1] + directions[j + 1];

                   //超出矩阵范围 或者 是空单元格的跳过
                   if (x >= row || x < 0 || y < 0 || y >= col) continue;
                   if (grid[x][y] == 1){
                       grid[x][y] = 2;
                       q.offer(new int[]{x, y});
                   }
                }
            }
            step++;
        }

        for (int i = 0; i < row; i++){
            for (int j = 0; j < col; j++){
                if (grid[i][j] == 1) return -1;
            }
        }
        return step;
    }
}