A：签到。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define ll long long
char getc(){char c=getchar();while ((c<'A'||c>'Z')&&(c<'a'||c>'z')&&(c<''||c>'')) c=getchar();return c;}
int gcd(int n,int m){return m==?n:gcd(m,n%m);}
int read()
{
int x=,f=;char c=getchar();
while (c<''||c>'') {if (c=='-') f=-;c=getchar();}
while (c>=''&&c<='') x=(x<<)+(x<<)+(c^),c=getchar();
return x*f;
}
int n;
int main()
{
/*#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("a.in","r",stdin);
freopen("a.out","w",stdout);
#endif*/
n=read();
for (int i=;i<=n;i++)
for (int j=;j<=n;j++)
if (i%j==&&i*j>n&&i/j<n) {cout<<i<<' '<<j;return ;}
cout<<-;
return ;
}
B：sort+unique。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define ll long long
#define N 100010
char getc(){char c=getchar();while ((c<'A'||c>'Z')&&(c<'a'||c>'z')&&(c<''||c>'')) c=getchar();return c;}
int gcd(int n,int m){return m==?n:gcd(m,n%m);}
int read()
{
int x=,f=;char c=getchar();
while (c<''||c>'') {if (c=='-') f=-;c=getchar();}
while (c>=''&&c<='') x=(x<<)+(x<<)+(c^),c=getchar();
return x*f;
}
int n,m,a[N];
int main()
{
/*#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("a.in","r",stdin);
freopen("a.out","w",stdout);
#endif*/
n=read(),m=read();
for (int i=;i<=n;i++) a[i]=read();
sort(a+,a+n+);n=unique(a+,a+n+)-a-;
for (int i=;i<=min(n,m);i++) printf("%d\n",a[i]-a[i-]);
for (int i=min(n,m)+;i<=m;i++) printf("0\n");
return ;
}
C：开始时将所有数+inf。然后将ai变成i。每次对前缀i把取模当成减法用即可，只会影响到第i位。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define ll long long
#define N 2010
char getc(){char c=getchar();while ((c<'A'||c>'Z')&&(c<'a'||c>'z')&&(c<''||c>'')) c=getchar();return c;}
int gcd(int n,int m){return m==?n:gcd(m,n%m);}
int read()
{
int x=,f=;char c=getchar();
while (c<''||c>'') {if (c=='-') f=-;c=getchar();}
while (c>=''&&c<='') x=(x<<)+(x<<)+(c^),c=getchar();
return x*f;
}
int n,a[N];
int main()
{
/*#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("a.in","r",stdin);
freopen("a.out","w",stdout);
#endif*/
n=read();
for (int i=;i<=n;i++) a[i]=read()+;
cout<<n+<<endl;
cout<<<<' '<<n<<' '<<<<endl;
for (int i=;i<=n;i++)
printf("%d %d %d\n",,i,a[i]-i);
return ;
}
D：先判一下a和b的大小，即令c=d=0。不妨令a>b。从高到低考虑各位。对最高位查询c=0 d=1<<29和c=1<<29 d=0。如果是>>或<<，则该位上a为1，b为0；若为><，则该位上a、b均为1；若为<>，则该位上a、b均为0。同时可以据此得到忽略已查询位后a和b的大小关系，即若为<<则ab大小关系取反。下次查询时将已得的ab的高位异或掉消除影响即可，得到一个子问题并且不再需要查询ab大小。共查询1+30*2=61次。=应该怎么处理都差不多。
E：首先要使比值最大，只选一个连通块是最优的，比较显然。这个瞎dp就完了。然后再求最多能选几个这样的连通块。还是瞎dp就完了。讲道理啊我带个log精度爆炸也就算了，T是怎么回事啊跟CCF换机子了？
F：没看懂题。
整场都不知道在干啥。感觉心态很有问题。
小号打的。result：rank 547 rating -45