Given n non-negative integers representing the histogram's bar height where the width of each bar is 1, find the area of largest rectangle in the histogram.
Above is a histogram where width of each bar is 1, given height = [2,1,5,6,2,3].
The largest rectangle is shown in the shaded area, which has area = 10 unit.
For example,
Given height = [2,1,5,6,2,3],
return 10.
[ 解题思路 ]
问题： 求直方图中面积最大的矩形。
直方图中面积最大的矩形，必然以某一个柱作为高，左侧、右侧最近且矮于该柱的柱为宽边界。
考虑上面长度为 7 的直方图(图片来源)， {6, 2, 5, 4, 5, 2, 6}。面积最大矩形的是红框中的矩形，面积为 12 。
方案：
“i最大矩形”，表示为 i 柱为高，左侧、右侧最近且矮于该 i 柱的柱为宽边界的矩形。
"iLeft" , 表示左侧最近且矮于 i 柱的柱
"iRight", 表示右侧最近且矮于 i 柱的柱
第一步，分别求出 n 个 “i最大矩形”，( i : 0->(n-1) )。第二步，找过第一步中最大值，即为原问题的解。
若每次单独求 i 柱的 "iLeft", "iRight"，则算法复杂度为 O(n*n)。可以利用栈 s ，巧妙地将时间复杂度降为 O(n)。
- 当栈为空 或 s.peak < h[i] 时，则将 i 压入栈顶。i++。
- 当 h[i] <= s.peak 时，对于 s.peak 柱来说， h[i] 为 "iRight", 栈中 s.peak 的前一个柱为 "iLeft"，则弹出 s.peak，并计算 s.peak 的 "i最大矩形"
int largestRectangleArea(vector<int>& height) {
int maxArea = ;
vector<int> stack;
int i = ;
while ( i < height.size() ) {
if (stack.size() == || height[stack.back()] < height[i]) {
stack.push_back(i);
i++;
}else{
int tmpH = height[stack.back()];
stack.pop_back();
int tmpW = stack.empty() ? i : (i - stack.back() - );
int area = tmpH * tmpW;
maxArea = max(area, maxArea);
}
}
while ( !stack.empty() ) {
int tmpH = height[stack.back()];
stack.pop_back();
int tmpW = stack.empty() ? (int)height.size() : (int)height.size() - stack.back() - ;
int area = tmpH * tmpW;
maxArea = max(area, maxArea);
}
return maxArea;
}
参考资料：
Largest Rectangular Area in a Histogram | Set 2, GeeksforGeeks