我好菜啊啊啊。。
循环以下操作
1.从队列中取出一个顶点， 把哪些没有用过的边全部用当前方向。
2.看有没有点的入度和 == 出度和， 如果有将当前的点加入队列。
现在有一个问题就是， 有没有可能队列中为空还没有更新完毕， 这是不可能的，
我们能这么考虑， 其中一个点x的入度还没有满， 那么我们能推出(u, x)还没有被确认， 说明u还没入队，
因为原图为有向图， 所以最后一定会推到1, 这回产生矛盾， 所以这种情况不可能发生。
#include<bits/stdc++.h>
#define LL long long
#define fi first
#define se second
#define mk make_pair
#define PLL pair<LL, LL>
#define PLI pair<LL, int>
#define PII pair<int, int>
#define SZ(x) ((int)x.size())
#define ull unsigned long long using namespace std; const int N = 2e5 + ;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
const LL INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const int mod = 1e9 + ;
const double eps = 1e-;
const double PI = acos(-); int n, m, ans[N], all[N], sum[N];
vector<pair<PII,int>> G[N]; int main() {
memset(ans, -, sizeof(ans));
scanf("%d%d", &n, &m);
for(int i = ; i <= m; i++) {
int a, b, c;
scanf("%d%d%d", &a, &b, &c);
G[a].push_back(mk(mk(b, c), i));
G[b].push_back(mk(mk(a, c), -i));
all[a] += c;
all[b] += c;
}
queue<int> que;
que.push();
while(!que.empty()) {
int u = que.front(); que.pop();
for(auto& e : G[u]) {
if(~ans[abs(e.se)]) continue;
if(e.se < ) {
ans[-e.se] = ;
sum[e.fi.fi] += e.fi.se;
} else {
ans[e.se] = ;
sum[e.fi.fi] += e.fi.se;
}
if(sum[e.fi.fi] * == all[e.fi.fi])
if(e.fi.fi != n) que.push(e.fi.fi);
}
}
for(int i = ; i <= m; i++) printf("%d\n", ans[i]);
return ;
} /*
*/