Description

给一棵二叉树，每个叶子节点 \(i\) 有三个属性 \(a_i,b_i,c_i\)

每个非叶子节点都能标记向左右儿子中的一条边(记作 \(x\) 边和 \(y\) 边)

设叶子节点 \(i\) 到根的路径上有 \(p\) 条没被标记的 \(x\) 边，\(q\) 条没被标记的 \(y\) 边

那么 \(i\) 的花费就是 \(c_i\times (a_i+p)\times (b_i+q)\)

最小化这个花费

Solution

传说中的pj难度题

这个式子有点吓人啊

定义 \(f[i][j][k]\) 表示 \(i\) 到根的路径上，有 \(j\) 条没被标记的 \(x\) 边， \(k\) 条没被标记的 \(y\) 边 \(i\) 的最小花费

对于叶子节点，直接枚举 \(x\) 和 \(y\) 边各有多少条

对于非叶节点，左右儿子选择一条标记取最小值就行了

等等，我们来算一下空间复杂度

第一维要开 \(2n\)，第二第三维至少要开 \(41\)，又因为答案会爆 \(int\)，所以要开 \(long\;long\)

那么光 \(f\) 数组的空间占用就是 \(40010*1600*8/1024/1024 \approx 488M\)，显然不够用

我们考虑二叉树的性质，一个点的 \(f\) 值只用知道它的左右儿子的 \(f\) 值即可，又因为最多只有 \(\log n\) 层，所以我们动态分配内存，这样下来空间复杂度就是 \(O(\log n*1600)\) 了。

Code

#include<cstdio>

#include<cctype>

#include<cstring>

#define N 20005

#define in inline

typedef long long ll;

#define re register signed

#define min(A,B) ((A)<(B)?(A):(B))

#define max(A,B) ((A)>(B)?(A):(B))

#define swap(A,B) ((A)^=(B)^=(A)^=(B))

//一颗二叉树  f[i][j][k]->refers from 1 to i,still has j highway,k railway,mininum cost

int n,cnt;

int ch[N][2];

int stk[N],top;

ll f[100][45][45];

int a[N],b[N],c[N];

int hi[N<<1],ri[N<<1];

//要压空间 sb题

//开栈 最多logn

in int getint(){

    int x=0,f=0;char ch=getchar();

    while(!isdigit(ch)) f|=ch=='-',ch=getchar();

    while(isdigit(ch)) x=(x<<1)+(x<<3)+(ch^48),ch=getchar();

    return f?-x:x;

}

in int newnode(){

    return top?stk[top--]:++cnt;

}

void dp(int now,int d,int k){

    if(now>n){

        for(int i=0;i<=hi[now];i++){

            for(int j=0;j<=ri[now];j++)

                f[k][i][j]=(ll)c[now-n]*(a[now-n]+i)*(b[now-n]+j);

        }

        return;

    }

    int x=newnode();

    int y=newnode();

    dp(ch[now][0],0,x);

    dp(ch[now][1],1,y);

    for(re i=0;i<=hi[now];i++){

        for(re j=0;j<=ri[now];j++)

            f[k][i][j]=min(f[x][i][j]+f[y][i][j+1],f[x][i+1][j]+f[y][i][j]);

    }

    stk[++top]=x;stk[++top]=y;

   /* puts("");

    printf("now=%d\n",now);

    for(int i=0;i<=hi[now];i++){

        for(int j=0;j<=ri[now];j++)

            printf("i=%d,j=%d,f=%lld\n",i,j,f[k][i][j]);

    }*/

}

void dfs(int now,int x,int y){

    if(now>n){hi[now]=x;ri[now]=y;return;}

    if(ch[now][0]) dfs(ch[now][0],x+1,y);

    if(ch[now][1]) dfs(ch[now][1],x,y+1);

    hi[now]=x;ri[now]=y;

}

signed main(){

    n=getint();

    for(re i=1;i<n;i++){

        int x=getint(),y=getint();

        if(x<0) x=n-x;

        if(y<0) y=n-y;

        ch[i][0]=x;ch[i][1]=y; //leftson->highway  rightson->railway

    }

    for(re i=1;i<=n;i++)

        a[i]=getint(),b[i]=getint(),c[i]=getint();

    dfs(1,0,0);

    int x=newnode();

    dp(1,0,x);

    printf("%lld\n",f[x][0][0]);

    return 0;

}