学

二者取大数Java自带start = Math.max(start, last[index] + 1);

题目

给定一个字符串 s ，请你找出其中不含有重复字符的 最长子串 的长度。

提示：
     ~~~~      0 <= s.length <= 5 * 104
     ~~~~      s 由英文字母、数字、符号和空格组成

输入: s = “abcabcbb”
输出: 3
解释: 因为无重复字符的最长子串是 “abc”，所以其长度为 3。

输入: s = “bbbbb”
输出: 1
解释: 因为无重复字符的最长子串是 “b”，所以其长度为 1。

输入: s = “pwwkew”
输出: 3
解释: 因为无重复字符的最长子串是 “wke”，所以其长度为 3。
请注意，你的答案必须是 子串 的长度，“pwke” 是一个子序列，不是子串。

输入: s = “”
输出: 0

一次过，蛮开心。但是仍可优化。此方法时间复杂度O(n^2)，空间复杂度O(n)。

class Solution {
    public int lengthOfLongestSubstring(String s) {
        StringBuffer res = new StringBuffer(s.length());
        int max = 0;
        
        for(int i=0; i<s.length(); i++){
            char ch = s.charAt(i);
            int index = findLetter(res.toString(), ch);
            if(index >= 0){//找到了
                if(res.length() > max){
                    max = res.length();    
                }
                res.delete(0,index+1);
            }
            res.append(ch);
        }
        if(res.length() > max){
            max = res.length();    
        }
        return max;
    }

    public int findLetter(String res, char ch){
        for(int i=0; i<res.length(); i++){
            if(ch == res.charAt(i))
                return i;
        }
        return -1;
    }
}

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利用双指针直接在原来字符串操作，免去重新建立字符串。空间复杂度优化为O(1)。

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时间复杂度主要是在两次嵌套循环。第一次要遍历字符串s，每次遍历都要查找字符是否已经存在。仍然可以采用用空间换时间的办法，利用一个包括所有可能字符的数组去记录字符标记，出现过则记录下标，大于等于零；未出现则为-1。

先这样吧。