TZOJ 4602 高桥和低桥(二分或树状数组+二分)

描述

有个脑筋急转弯是这样的:有距离很近的一高一低两座桥,两次洪水之后高桥被淹了两次,低桥却只被淹了一次,为什么?答案是:因为低桥太低了,第一次洪水退去之后水位依然在低桥之上,所以不算“淹了两次”。举例说明:
假定高桥和低桥的高度分别是5和2,初始水位为1
第一次洪水:水位提高到6(两个桥都被淹),退到2(高桥不再被淹,但低桥仍然被淹)
第二次洪水:水位提高到8(高桥又被淹了),退到3。
没错,文字游戏。关键在于“又”的含义。如果某次洪水退去之后一座桥仍然被淹(即水位不小于桥的高度),那么下次洪水来临水位提高时不能算“又”淹一次。
输入n座桥的高度以及第i次洪水的涨水水位ai和退水水位bi,统计有多少座桥至少被淹了k次。初始水位为1,且每次洪水的涨水水位一定大于上次洪水的退水水位。

输入

输入文件最多包含25组测试数据。每组数据第一行为三个整数n, m, k(1<=n,m,k<=105)。第二行为n个整数hi(2<=hi<=108),即各个桥的高度。以下m行每行包含两个整数ai和bi(1<=bi<ai<=108, ai>bi-1)。输入文件不超过5MB。

输出

对于每组数据,输出至少被淹k次的桥的个数。

样例输入

2 2 2
2 5
6 2
8 3
5 3 2
2 3 4 5 6
5 3
4 2
5 2

样例输出

Case 1: 1
Case 2: 3

题意

如上

题解

一开始想到排序后树状数组维护区间,然后单点查询

后来发现可以二分直接做,然后for查询i点是否有>=k的连续区间覆盖

代码

树状数组+二分

 #include<bits/stdc++.h>
using namespace std; const int N=1e5+;
struct BIT{
int sum[N];
void init(){memset(sum,,sizeof(sum));}
int lowbit(int x){return x&(-x);}
void update(int x,int w){for(int i=x;i<N;i+=lowbit(i))sum[i]+=w;}
int query(int x){int ans=;for(int i=x;i>;i-=lowbit(i))ans+=sum[i];return ans;}
}T;
int h[N];
int main()
{
int a,b,n,m,k,ca=;
while(scanf("%d%d%d",&n,&m,&k)!=EOF)
{
for(int i=;i<=n;i++)
scanf("%d",&h[i]);
sort(h+,h++n);
T.init();
int pre=;
for(int i=;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d",&a,&b);
T.update(,-);
T.update(upper_bound(h+,h++n,pre)-h,); T.update(,);
T.update(upper_bound(h+,h++n,a)-h,-);
pre=b;
}
int cnt=;
for(int i=;i<=n;i++)
if(T.query(i)>=k)
cnt++;
printf("Case %d: %d\n",ca++,cnt);
}
return ;
}

直接二分

 #include<bits/stdc++.h>
using namespace std; const int maxn=1e5+;
int h[maxn],sum[maxn];
int main()
{
int a,b,n,m,k,ca=;
while(scanf("%d%d%d",&n,&m,&k)!=EOF)
{
int pre=;
for(int i=;i<=n;i++)scanf("%d",&h[i]),sum[i]=;
sort(h+,h++n);
for(int i=;i<m;i++)
{
scanf("%d%d",&a,&b);
int l=upper_bound(h+,h++n,pre)-h;
int r=upper_bound(h+,h++n,a)-h;
pre=b;
sum[l]++,sum[r]--;
}
int cnt=,ans=;
for(int i=;i<=n;i++)
{
ans+=sum[i];
if(ans>=k)cnt++;
}
printf("Case %d: %d\n",ca++,cnt);
}
return ;
}
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