首先我是的确确定了LRJ那个代码也是判断一个点的两种状态是否在一个连通分量内。
关于自己做的，自己又确定了一些，让自己那样先，比如说对于 3 6 1 AND这样3 6都已经确定的点，自己用Num记录的话结果死的很惨。
我也确定下，现场比赛自己创算法（指的是代码比较新）的话也许会死的很惨。。。
2-SAT，后来我忽然想到就是确定的位置也可以用这种对称方法做出来，就加一个每种状态都可以推出这种状态呗。。
顺便知道了RANK上排名超前的一般都加入了输入输出加速了
还顺便知道了OJ上的数据也许是随机出的
还顺便学习了下tarjan的2-SAT做法，其实思想本来就是类似的。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <vector>
using namespace std; //我的错误就是无法判断已经确定结果的边然后。。。。
const int maxn = 1500;
int n,m;
vector<int> G[maxn*3];
bool mark[maxn*3];
int s[maxn*3],c;
char op[10]; bool dfs(int x)
{
if(mark[x^1]) return false;//这个一定是强连通分量果然
if(mark[x]) return true;
mark[x]=true;
s[c++]=x;
for(int i=0;i<G[x].size();i++)
if(!dfs(G[x][i])) return false;
return true;
} void init()
{
for(int i=0;i<n*2;i++) G[i].clear();
memset(mark,0,sizeof(mark));
} bool solve()
{
for(int i = 0;i < n*2; i += 2)
{
if( !mark[i] && !mark[i+1] )
{
c = 0;
if( !dfs(i) )
{
while(c>0)
mark[s[--c]]=false;
if(!dfs(i+1)) return false;
}
}
}
return true;
} int main()
{
int a,b,c;
while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF)
{
init();
for(int i=0;i<m;i++)
{
scanf("%d%d%d%s",&a,&b,&c,op);
if(!strcmp(op,"AND"))
{
if(c==1)
{
G[a*2].push_back(b*2);//如果出现这种情况那么一定是真。就这样。
G[a*2+1].push_back(b*2); G[b*2].push_back(a*2);
G[b*2+1].push_back(a*2);
}
else if(c==0)
{
G[a*2].push_back(b*2+1);//真只能放假
G[b*2].push_back(a*2+1);
}
}
//////////
else if(!strcmp(op,"OR"))
{
if(c==1)
{
G[a*2+1].push_back(b*2);//a假b必须为真
G[b*2+1].push_back(a*2);
}
else if(c==0)
{
G[a*2].push_back(b*2+1);
G[a*2+1].push_back(b*2+1);//必须都为0 G[b*2].push_back(a*2+1);
G[b*2+1].push_back(a*2+1);
}
}
////////////
else if(!strcmp("XOR",op))
{
if(c==1)
{
G[a*2+1].push_back(b*2);
G[a*2].push_back(b*2+1); G[b*2+1].push_back(a*2);
G[b*2].push_back(a*2+1);
}
else if(c==0)
{
G[a*2+1].push_back(b*2+1);
G[a*2].push_back(b*2); G[b*2+1].push_back(a*2+1);
G[b*2].push_back(a*2);
}
}
} if(solve()==false) printf("NO\n");
else
{
printf("YES\n");
}
}
return 0;
}