题意简述

给定\(n\)个数\((n\le10^5 )\)，每个数\(\le70\)，在其中选择一个子集，求使其乘积为完全平方数的方法有多少种。

传送门

题解

一道状压\(dp\)好题。

注意到此题\(a_i\leq70\)，
并且一个数是否为完全平方数只与它的质因子奇偶性有关，所以\(n\leq10^5\) 是废话，我们只需要用一个桶统计每个数出现的个数就好了。

另外，打表发现\(70\)以内质数只有\(19\)个，所以想到状压\(dp\)。

令\(dp_{i,mask}\) 表示考虑到\(1-70\)中的第i个数。并且因为一个数是否为完全平方数只与它的质因子奇偶性有关，\(mask\) 表示这\(19\) 个数的奇偶性，若第\(j\)个质数的因数个数为奇数则\(mask\) 第j 位为1。

考虑\(dp\)方程的转移。

先从\(1-70\) 枚举\(i\)，若\(cnt_i\) (即数\(i\)在数组中出现次数)不为零，则枚举\(mask\)

显然，当选奇数个数\(i\) 时，\(mask\) 会发生改变，我们将\(i\)分解质因数，\(mask\) 变为\(mask1\) , \(dp_{i,mask1}\) 可以从\(dp_{i-1,mask}\)转移。

当选偶数个\(i\)时,\(mask\)不会改变, \(dp_{i,mask}\) 可以从 \(dp_{i-1,mask}\) 转移。

让我们令当前的\(cnt_i= k\)，选奇数个的情况 \(C_k^1+C_k^3+C_k^5+\cdot\cdot\cdot=\sum\limits_{i\leq k,i\equiv1(mod2)}^iC_k^i=2^{k-1}\) 种

选偶数个的情况有 \(C_k^0+C_k^2+C_k^4+\cdot\cdot\cdot=\sum\limits_{i\leq k,i\equiv0(mod2)}^iC_k^i=2^{k-1}\) 种

这两个式子可以用二项式定理证明。

所以\(dp_{i,mask1}+=dp_{i-1,mask}*2^{k-1}​\)

\(dp_{i,mask}+=dp_{i-1,mask}*2^{k-1}\)

如果\(cnt_i==0\) 我们就将\(dp_{i-1}\)赋值给\(dp_{i}\)

我们可以看到，任\(dp_{i,mask}\) 只需从\(dp_{i-1}\) 中的数转移，我们可以用滚动数组滚掉一维。

这样我们就做完了。

注意开$long long $

code:

#include<bits/stdc++.h>
#define mp make_pair
#define pb push_back

#define y0 pmt
#define y1 pmtpmt
#define x0 pmtQAQ
#define x1 pmtQwQ

using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef vector<int > vi;
typedef pair<int ,int > pii;
typedef vector<pii> vii;
const int inf=0x3f3f3f3f, maxn=100007, mod=1e9+7;
const ll linf=0x3f3f3f3f3f3f3f3fLL;
const ll P=19260817;
const int p[]={2, 3, 5, 7, 11, 13, 17, 19, 23, 29, 31, 37, 41, 43, 47, 53, 59, 61, 67};//质数表
int n;
ll dp[2][1<<19];
ll cnt[75];
int I=0;
ll h[maxn];//2^k的表
int main(){
    scanf("%d",&n);
    for(int i=1;i<=n;i++){
        int rt;
        scanf("%d",&rt);
        cnt[rt]++;
    }
    h[0]=1;
    dp[0][0]=1; 
    for(int i=1;i<=n;i++)h[i]=(h[i-1]<<1)%mod;
    for(int i=1;i<=70;i++){
        if(cnt[i]==0)continue;
        I^=1;//滚动数组
        memset(dp[I],0,sizeof(dp[I]));//注意初始化
        for(int mask=0 ; mask< (1<<19) ; mask++){
            int mask1=mask;
            int x=i;
            for(int j=0;j<19&&x>=p[j];j++){
                while(x%p[j]==0)x/=p[j],mask1^=(1<<j);
            }
            (dp[I][mask1]+=1LL*dp[I^1][mask]*h[cnt[i]-1]%mod)%=mod;
            (dp[I][mask]+=1LL*dp[I^1][mask]*h[cnt[i]-1]%mod)%=mod;
        }
    }
    printf("%I64d\n",(dp[I][0]-1+mod)%mod);
    return 0;
}