Link.
Description.
给 \(n\) 个点，求有多少对三角形不相交。
Solution.
太妙了，没想到，想到三角形对数是 \(O(n^6)\) 的，发现怎么枚举都不行。
考虑两个不相交的三角形，我们可以确定它们有恰好两条公切线，使得两个三角形在切线异侧。
所以我们可以直接枚举公切线，然后再在左边选两个点，右边选两个点，可以直接组合数。
公切线两侧的点数可以通过极角排序求出。
每个三角形会被一条公切线少算两次，因为公切线上两个点有 \(\dbinom 21\) 的方案。
每条公切线会被多算两次，因为公切线会被它两个点分别确定一次。
刚好抵消。
Coding.
点击查看代码
//Coded by leapfrog on 2021.11.04 {{{
//是啊，你就是那只鬼了，所以被你碰到以后，就轮到我变成鬼了
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;typedef long long ll;
template<typename T>inline void read(T &x)
{
x=0;char c=getchar(),f=0;
for(;c<48||c>57;c=getchar()) if(!(c^45)) f=1;
for(;c>=48&&c<=57;c=getchar()) x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48);
f?x=-x:x;
}
template<typename T,typename...L>inline void read(T &x,L&...l) {read(x),read(l...);}//}}}
const int N=2005;const long double Pi=acos(-1),eps=1e-9;
int n,px[N],py[N];ll rs=0;long double an[N*2];
inline ll C(ll a) {return 1ll*a*(a-1)/2;}
int main()
{
read(n);for(int i=1;i<=n;i++) read(px[i],py[i]);
for(int k=1,at=0;k<=n;k++,at=0)
{
for(int i=1;i<=n;i++) if(k^i) an[++at]=atan2(py[i]-py[k],px[i]-px[k]);
sort(an+1,an+at+1);for(int i=1;i<n;i++) an[++at]=an[i]+Pi*2;
for(int i=1,j=1;i<n;i++)
{
while(an[j]-an[i]<=Pi) j++;
int l=j-i-1,r=n-2-l;rs+=1ll*C(l)*C(r);
}
}return printf("%lld\n",rs>>1),0;
}