题意：给你N个花瓶，编号是0 到 N - 1 ，初始状态花瓶是空的，每个花瓶最多插一朵花。
然后有2个操作。
操作1，a b c ，往在a位置后面(包括a)插b朵花，输出插入的首位置和末位置。
操作2,a b ,输出区间[a , b ]范围内的花的数量，然后全部清空。
很显然这是一道线段树。区间更新，区间求和，这些基本的操作线段树都可以logN的时间范围内完成。
操作2，很显然就是线段树的区间求和，求出[a , b]范围内的花朵的数量，区间更新，将整个区间全部变成0。
操作1，这里我们首先需要找出他的首位置和末位置，所以需要二分他的位置。
首先我们二分他的首位置, l = a , r = n ，在这个区间内二分，找出第一个0的位置，那就是该操作的首位置pos1。
然后再二分他的末位置，l = pos1 , r = n ，找到第b个0，就是该操作的末位置pos2，然后区间更新[pos1 ,pos2]全部置为1。
就像解题报告上讲的一样，这是一道很裸的线段树。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <string>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include <queue>
#include <set>
#include <vector>
#include <stack>
#include <map>
#include <iomanip>
#define PI acos(-1.0)
#define Max 2505
#define inf 1<<28
#define LL(x) ( x << 1 )
#define RR(x) ( x << 1 | 1 )
#define REP(i,s,t) for( int i = ( s ) ; i <= ( t ) ; ++ i )
#define ll long long
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define mp(a,b) make_pair(a,b)
#define PII pair<int,int>
using namespace std;
#define M 150005 inline void RD(int &ret) {
char c;
do {
c = getchar();
} while(c < '0' || c > '9') ;
ret = c - '0';
while((c=getchar()) >= '0' && c <= '9')
ret = ret * 10 + ( c - '0' );
}
int n , m ;
int L[M] , R[M] , sum[M] ,add[M] ; void init(){
mem(sum ,0) ;
mem(add, 0) ;
}
void push_up(int x){
sum[x] = sum[LL(x)] + sum[RR(x)] ;
}
void push_down(int x){
if(L[x] == R[x])return ;
if(add[x] == 1){//全部置为1
sum[x] = R[x] - L[x] + 1 ;
sum[LL(x)] = R[LL(x)] - L[LL(x)] + 1 ;
sum[RR(x)] = R[RR(x)] - L[RR(x)] + 1 ;
add[LL(x)] = add[x] ;
add[RR(x)] = add[x] ;
add[x] = 0 ;
}
else if(add[x] == 2){//全部置为0
sum[x] = 0 ;
sum[LL(x)] = 0 ;
sum[RR(x)] = 0 ;
add[LL(x)] = add[x] ;
add[RR(x)] = add[x] ;
add[x] = 0 ;
}
}
void build(int l , int r ,int u){
L[u] = l ;
R[u] = r ;
sum[u] = 0 ;
add[u] = 0 ;
if(l == r)return ;
int mid = l + r >> 1 ;
build(l , mid ,LL(u)) ;
build(mid + 1 ,r ,RR(u)) ;
} void update(int l ,int r ,int u ,int op){
if(l > R[u] || r < L[u])return ;
push_down(u) ;
if(l == L[u] && r == R[u]) {
if(op == 1)
sum[u] = R[u] - L[u] + 1 ;
else sum[u] = 0 ;
add[u] = op ;
return ;
}
int mid = L[u] + R[u] >> 1 ;
if(r <= mid){
update(l ,r ,LL(u) , op) ;
}
else if(l > mid){
update(l , r , RR(u),op) ;
}
else {
update(l , mid ,LL(u),op) ;
update(mid + 1 , r , RR(u) ,op) ;
}
push_up(u) ;
}
int query(int l ,int r ,int u){
if(l > R[u] || r < L[u])return 0 ;
push_down(u) ;
if(l == L[u] && r == R[u]) {
return sum[u] ;
}
int mid = L[u] + R[u] >> 1 ;
if(r <= mid){
return query(l , r, LL(u)) ;
}
else if(l > mid){
return query(l , r ,RR(u)) ;
}
else {
return query(l , mid , LL(u)) + query(mid + 1 , r , RR(u)) ;
}
}
void Noanswer(){
puts("Can not put any one.") ;
}
void answer(int p1, int p2){
printf("%d %d\n",p1, p2) ;
}
void answer(int p){
printf("%d\n",p) ;
}
void debug(int u){ printf(" 节点 %d 区间 ： %d - %d \n" , u ,L[u] ,R[u]) ;
printf(" 左子树 %d 右子树 %d \n" , LL(u) ,RR(u) ) ;
printf("父节点sum值：%d\n",sum[u]) ;
push_down(u) ;
if(L[u] == R[u])return ;
debug(LL(u)) ;
debug(RR(u)) ;
}
void solve1(int a , int b){
int pos1 = inf ;
int l = a , r = n ;
int nn = n - a + 1 - query(a , n , 1) ;
if(!nn){//如果区间内没有0的位置了，那么就直接输出。
Noanswer() ;
return ;
}
while(r >= l){//二分首位置
int mid = l + r >> 1 ;
int now = mid - a + 1 - query(a ,mid ,1) ;
if(now >= 1){
pos1 = min(pos1 ,mid) ;
r = mid - 1 ;
}
else l = mid + 1 ;
}
int pos2 = inf ;
nn = n - pos1 + 1 - query(pos1 , n ,1) ;
if(nn <= b){//如果剩余的0的个数小于等于b的数量，那么需要找出最后一个0的位置。
int l = pos1 , r = n ;
while(r >= l){//二分末位置
int mid = r + l >> 1 ;
int now = mid - pos1 + 1 - query(pos1 , mid , 1) ;
if(now == nn){
pos2 = min(pos2 , mid) ;
r = mid - 1 ;
}
else l = mid + 1 ;
}
answer(pos1 - 1, pos2 - 1) ;
update(pos1, pos2 , 1 , 1) ;
}
else {//其实我觉得这个二分和上面那个可以合并的，我懒得改了。
int l = pos1 , r = n ; while(r >= l){//二分末位置
int mid = l + r >> 1 ;
int now = mid - pos1 + 1 - query(pos1, mid, 1) ;
if(now == b){
pos2 = min(pos2 ,mid) ;
r = mid - 1 ;
}
else if(now > b)r = mid - 1 ;
else l = mid + 1 ;
}
answer(pos1 - 1, pos2 - 1 ) ;
update(pos1 ,pos2 ,1, 1) ;
}
}
void solve2(int a , int b){
answer(query(a , b , 1)) ;
update(a , b, 1 , 2) ;
}
int main() {
int T ;
cin >> T ;
int ss = 0 ;
while( T -- ){
scanf("%d%d",&n,&m) ;
init() ;
build(1 ,n , 1) ;
while(m -- ){
//debug(1) ;
int a , b , c ;
RD(a) ;
RD(b) ;
RD(c) ;
if(a == 1){
b ++ ;
solve1(b , c) ;
}
else if(a == 2){
b ++ , c ++ ;
solve2(b , c) ;
}
}
puts("") ;
}
return 0 ;
}