题解
首先可以发现，如果原树有多条直径，那么在任意一条直径上求得的答案都是一样的。
于是任选一条直径 \(s\leftrightarrow t\)，令原树以 \(s\) 为根，在这条直径上枚举答案。
这时候实际上可以用 dfs 序+线段树做到 \(O(n \log n)\)，但不够优。
我们知道，树的直径有这样一个性质：任选在直径上的一个点 \(u\)，那么满足 \(\operatorname{LCA}(u,v)\in s\leftrightarrow \operatorname{fa}(u)\) 的所有点 \(v\)，\(\operatorname{dist}(u,v)\) 一定小于等于 \(\operatorname{dist}(u,s)\)。
对所有在直径上的 \(u\)，预处理 \(d_u\) 表示从 \(u\) 开始，不经过直径上的其他点，得到的最长路径。于是，当枚举的路径是 \(u\leftrightarrow v\) 时，答案就是 \(\max\{\max\limits_{x\in u\leftrightarrow v} \{d_x\} ,\operatorname{dist}(s,u),\operatorname{dist}(v,t)\}\)，可以用单调队列维护。
但，根据直径的性质，\(\max\limits_{x\in u\leftrightarrow v} \{d_x\}=\max\limits_{x\in s\leftrightarrow t}\{d_x\}\)，可以预先算出来。
这样就可以做到 \(O(n)\) 了。
代码
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cctype>
#include <vector>
#include <algorithm>
using namespace std;
#define For(Ti,Ta,Tb) for(int Ti=(Ta);Ti<=(Tb);++Ti)
#define Dec(Ti,Ta,Tb) for(int Ti=(Ta);Ti>=(Tb);--Ti)
template<typename T> void Read(T &x){
x=0;int _f=1;
char ch=getchar();
while(!isdigit(ch)) _f=(ch=='-'?-1:_f),ch=getchar();
while(isdigit(ch)) x=x*10+(ch^48),ch=getchar();
x=x*_f;
}
template<typename T,typename... Args> void Read(T &x,Args& ...others){
Read(x);Read(others...);
}
typedef long long ll;
const int N=5e5+5;
int n,s;vector<pair<int,ll>> G[N];
ll dep[N];
int Diameter(int u,int fa){
int res=u;
for(auto i:G[u]){
int v=i.first,x;
if(v==fa) continue;
dep[v]=dep[u]+i.second;
if(dep[x=Diameter(v,u)]>dep[res]) res=x;
}
return res;
}
int fa[N];
void Dfs(int u){
for(auto i:G[u]){
if(i.first==fa[u]) continue;
fa[i.first]=u,dep[i.first]=dep[u]+i.second;
Dfs(i.first);
}
}
int vis[N];
vector<int> pth;ll mxdep[N];
void Dfs1(int u,ll d){
mxdep[u]=d;
for(auto i:G[u]){
int v=i.first;
if(v==fa[u]||vis[v]) continue;
Dfs1(v,d+i.second);mxdep[u]=max(mxdep[u],mxdep[v]);
}
}
int main(){
Read(n,s);
For(i,1,n-1){
int u,v,w;Read(u,v,w);
G[u].push_back({v,w}),G[v].push_back({u,w});
}
int st=Diameter(1,0),ed=Diameter(st,0);
// printf("%d %d\n",st,ed);
dep[st]=0;Dfs(st);
// For(i,1,n) printf("%lld ",dep[i]);puts("");
for(int u=ed;u!=st;u=fa[u]){
pth.push_back(u),vis[u]=1;
}
pth.push_back(st),vis[st]=1;
reverse(pth.begin(),pth.end());
for(int u:pth) Dfs1(u,0);
// For(i,1,n) printf("%lld ",mxdep[i]);puts("");
ll mx=0;
for(int u:pth) mx=max(mx,mxdep[u]);
ll ans=0x3f3f3f3f3f3f3f3fLL,d1=0,d2=dep[ed];
for(int i=0,j=0;i<pth.size()&&j<pth.size();++i){
d1=dep[pth[i]];
while(j<pth.size()&&dep[pth[j]]-dep[pth[i]]<=s) d2=dep[ed]-dep[pth[j++]];
--j;
// printf("%d %d %lld %lld\n",i,j,d1,d2);
ans=min(ans,max({mx,d1,d2}));
}
printf("%lld\n",ans);
return 0;
}