题目：
1.给出一个由0,1组成的环
求最少多少次交换（任意两个位置）使得0,1靠在一起
n<=1000
2.两个数列，支持在第一个数列上区间+1，-1 每次花费为1
求a变成b的最小代价
n<=1e5
3.
有n首歌，每首歌每秒有p[i]的几率被破译（当大于等于t时自动破译），求期望破译歌数
题解：
t1t2都是送分题
t1 显然枚举每个位置作为开头就可以了
可以前缀和优化到O（n）
t2我们从左往右考虑每个元素，发现对于左边一位的操作是知道的
另外我们会发现一个点是不可能既有+又有-操作的（很好yy）
于是就可以直接贪心了
t3首先比较容易想到的是f[i][j]表示前i个，用了t时间的概率
然后枚举经过多长时间才到下一个来转移
但是这样是n*t*t的
考虑优化
我们会发现f[i][j]和f[i][j-1]就差了一点
然后通过之间关系来转移（看代码吧太复杂了）
考试的时候没有注意最后可能未到t时间就用完了（对拍竟然也写错了）
然后竟然还有80
另外写的时候有个细节就是如果上一次是k，但是这一次用时超过t了，我们要归为上一类
这个概率的计算我们只需要通过所有的-当前还在的来计算就可以了
代码：
t1:
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define rint register int
#define IL inline
#define rep(i,h,t) for (rint i=h;i<=t;i++)
#define dep(i,t,h) for (rint i=t;i>=h;i--)
const int N=;
char s[N];
int n;
int main()
{
freopen("swap.in","r",stdin);
freopen("swap.out","w",stdout);
ios::sync_with_stdio(false);
cin>>n;
cin>>s;
int cnt=;
dep(i,n,)
{
s[i+n]=s[i]=s[i-];
if (s[i]=='') cnt++;
}
int ans=1e9;
rep(i,,n)
{
int ans2=;
rep(j,i,i+cnt-)
if (s[j]=='') ans2++;
ans=min(ans,ans2);
}
cout<<ans<<endl;
return ;
}
t2:
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define rint register ll
#define IL inline
#define rep(i,h,t) for (rint i=h;i<=t;i++)
#define dep(i,t,h) for (rint i=t;i>=h;i--)
#define ll long long
const ll N=2e5;
ll a[N],b[N];
ll ans,n;
int main()
{
freopen("bricks.in","r",stdin);
freopen("bricks.out","w",stdout);
ios::sync_with_stdio(false);
cin>>n;
rep(i,,n) cin>>a[i];
rep(i,,n) cin>>b[i];
ll lst=;
rep(i,,n)
{
if (b[i]>=a[i])
{
if (lst>) ans+=max(b[i]-a[i]-lst,0ll);
else ans+=b[i]-a[i];
} else
{
if (lst<) ans+=max(a[i]-b[i]+lst,0ll);
else ans+=a[i]-b[i];
}
lst=b[i]-a[i];
}
cout<<ans<<endl;
return ;
}
t3:
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define rint register int
#define IL inline
#define rep(i,h,t) for (rint i=h;i<=t;i++)
#define dep(i,t,h) for (rint i=t;i>=h;i--)
int n,T;
int b[];
double f[][],a[];
int main()
{
freopen("song.in","r",stdin);
freopen("song.out","w",stdout);
ios::sync_with_stdio(false);
cin>>n>>T;
rep(i,,n) cin>>a[i]>>b[i],a[i]/=;
f[][]=;
double num=;
double jl=;
rep(i,,n)
{
int lst=(i+)%,now=i%;
memset(f[now],,sizeof(f[now]));
double ans2=,ans3=;
rep(j,,b[i]-) ans2*=(-a[i]);
rep(j,,T)
{
ans3*=-a[i];
f[now][j]=f[lst][j-]*a[i]+ans3*a[i];
if (j>=b[i]) f[now][j]+=f[lst][j-b[i]]*ans2*(-a[i]);
if (j>=b[i]) ans3-=f[lst][j-b[i]]*ans2;
ans3+=f[lst][j-];
}
num+=f[now][T]*i;
if (i==n)
{
rep(j,,T-) num+=f[now][j]*i;
}
double ans=;
rep(j,,T) ans+=f[now][j];
num+=(jl-ans)*(i-);
jl=ans-f[now][T];
}
printf("%.4f",num);
return ;
} //考试的时候少处理了最后剩余的状态
//对拍竟然也没处理 还有80分
//细节就是从上一层到这一层的时候有可能会有需要超过t才能到达的需要算入上一层