题解_LUOGU_P4141消失之物

题解_LUOGU_P4141消失之物

题意:

ftiasch 有 n 个物品, 体积分别是 w 1 , w 2 , … , w n w_1,w_2,\dots,w_n w1​,w2​,…,wn​。由于她的疏忽,第 i个物品丢失了。

“要使用剩下的 n-1 物品装满容积为 x 的背包,有几种方法呢?”——这是经典的问题了。

她把答案记为 cnt ( i , x ) \text{cnt}(i,x) cnt(i,x) ,想要得到所有 i ∈ [ 1 , n ] , x ∈ [ 1 , m ] i \in [1,n], x \in [1,m] i∈[1,n],x∈[1,m] 的 cnt ( i , x ) % 10 \text{cnt}(i,x)\%10 cnt(i,x)%10 表格。

思路:

很显然,可以轻松地求出使用所有物品装满容积 j 的方案数

f [ i ] [ j ] f[i][j] f[i][j]表示使用前 i 个物品的容积为 j 的背包方案数

令 g [ i ] [ j ] g[i][j] g[i][j]表示不使用第 i 个物品的容积为 j 的背包方案数

转移方程为:
H ( f ) = { g [ i ] [ j ] = f [ n ] [ j ] − g [ i − 1 ] [ j − v [ i ] ] , j − v [ i ] > 0 f [ i ] [ j ] , j − v [ i ] ≤ 0 H(f)=\left\{\begin{matrix} g[i][j]=f[n][j]-g[i-1][j-v[i]],j-v[i]>0\\ f[i][j],j-v[i]\leq0 \end{matrix}\right. H(f)={g[i][j]=f[n][j]−g[i−1][j−v[i]],j−v[i]>0f[i][j],j−v[i]≤0​
也就是:

  • 当 j − v [ i ] > 0 j-v[i] > 0 j−v[i]>0 的时候, f [ i ] [ j ] f[i][j] f[i][j] 必然会包含选取了第 i 个物品所构成的一些方案,且在这些情况中,第 i 个物品必然只存在一个。那么,在$f[i][j] 中 的 这 些 状 态 必 然 是 从 中的这些状态必然是从 中的这些状态必然是从g[i][j-v[i]]$(不选i装满容积j-v[i])的状态下再拿了一个 i 构成的。
  • 当 j − v [ i ] ≤ 0 j-v[i]\leq0 j−v[i]≤0的时候, f [ i ] [ j ] f[i][j] f[i][j] 中本来就不包含选取 i 这个物品的情况所以直接就是 f [ i ] [ j ] f[i][j] f[i][j]

最后加上滚动数组优化就好了

代码:

#include <iostream>
#include <cstdio>
using namespace std;
const int MAXN=3e3+7;
int f[MAXN],g[MAXN],v[MAXN];
template <typename _TP>
inline void qread(_TP &X){
	char ch=0;int w;X=0;
	while(!isdigit(ch)){w=ch=='-';ch=getchar();}
	while(isdigit(ch)){X=(X<<1)+(X<<3)+(ch^48);ch=getchar();}
	X=w?-X:X;
}
int main(){
	int n,m;
	qread(n);qread(m);
	for(int i=1;i<=n;i++){
		qread(v[i]);
	}
	f[0]=1;g[0]=1;
	for(int i=1;i<=n;i++){
		for(int j=m;j>=v[i];j--){
			f[j]=(f[j]+f[j-v[i]])%10;
		}
	}
	for(int i=1;i<=n;i++){
		for(int j=1;j<=m;j++){
			if(j>=v[i])g[j]=(f[j]-g[j-v[i]]+10)%10;
			else g[j]=f[j];
			cout<<g[j];
		}
		cout<<"\n";
	}
	return 0;
} 
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