必修第一册同步拔高练习，难度3颗星！

模块导图

知识剖析

基本不等式

若\(a>0\),\(b>0\)，则\(a+b \geq 2 \sqrt{a b}\)
(当且仅当\(a=b\)时，等号成立).
(1)\(\dfrac{a+b}{2}\)叫做正数\(a ,b\)的算术平均数，
\(\sqrt{a b}\)叫做正数\(a ,b\)的几何平均数.
(2)基本不等式的几何证明

(当点\(D、O\)重合，即\(a=b\)时，取到等号)
(3)运用基本不等式求解最值时，牢记：一正，二定，三等.
一正指的是\(a>0\),\(b>0\)；二定指的是\(ab\)是个定值，三等指的是不等式中取到等号.

基本不等式及其变形

\(\dfrac{2}{\dfrac{1}{a}+\dfrac{1}{b}} \leq \sqrt{a b} \leq \dfrac{a+b}{2} \leq \sqrt{\dfrac{a^{2}+b^{2}}{2}}\)
(当且仅当\(a=b\)时等号成立)
(调和均值≤几何均值≤算术均值≤平方均值)
以上不等式把常见的二元关系(倒数和，乘积，和，平方和)联系起来，我们要清楚它们在求最值中的作用.
①\(a+b \geq 2 \sqrt{a b}\)，积定求和；
②\(a b \leq\left(\dfrac{a+b}{2}\right)^{2}\)，和定求积：
③\(a^{2}+b^{2} \geq \dfrac{(a+b)^{2}}{2}\)(联系了\(a+b\)与平方和\(a^2+b^2\))
④\(a b \leq \dfrac{a^{2}+b^{2}}{2}\)(联系了\(ab\)与平方和\(a^2+b^2\))

对勾函数

1 概念形如\(y=x+\dfrac{a}{x}(a>0)\)的函数.
2 图像

3 性质
函数图像关于原点对称，
在第一象限中，当\(0<x<\sqrt{a}\)时，函数递减，
当\(x>\sqrt{a}\)时，函数递增.
4 与基本不等式的关系
由图很明显得知当\(x>0\)时，\(x=\sqrt{a}\)时取到最小值\(y_{\min }=2 \sqrt{a}\)，
其与基本不等式\(x+\dfrac{a}{x} \geq 2 \sqrt{x \cdot \dfrac{a}{x}}=2 \sqrt{a}\)(\(x=\sqrt{a}\)时取到最小值)是一致的.

经典例题

【题型一】对基本不等式“一正，二定，三等”的理解

情况1 一正：\(a>0 ,b>0\)**求函数\(y=x+\dfrac{1}{x}(x<0)\)的最值.

【误解】\(x+\dfrac{1}{x} \geq 2 \sqrt{x \cdot \dfrac{1}{x}}=2\)，故最小值是\(2\).

【误解分析】误解中套用基本不等式，\(a=x\)，\(b=\dfrac{1}{x}\)，当忽略了\(a>0,b>0\)的前提条件！

【正解】\(∵x<0\)\(\therefore-x>0,-\dfrac{1}{x}>0\)，
\(\therefore-x+\left(-\dfrac{1}{x}\right) \geq 2 \sqrt{-x \cdot\left(-\dfrac{1}{x}\right)}=2\)(当\(x=-1\)取到等号)
\(\therefore x+\dfrac{1}{x}=-\left(-x-\dfrac{1}{x}\right) \leq-2\)，
故函数\(y=x+\dfrac{1}{x}(x<0)\)的最大值为\(-2\)，没有最小值.

情况2 二定：\(ab\)定值
求函数\(y=x+\dfrac{1}{x-1}(x>1)\)的最值.
【误解】\(y=x+\dfrac{1}{x-1} \geq 2 \sqrt{x \cdot \dfrac{1}{x-1}}\)
【误解分析】套用基本不等式\(a=x\)，\(b=\dfrac{1}{x-1}\)，满足\(a、b\)均为正数，但是最后求不出最值，因为\(a b=x \cdot \dfrac{1}{x-1}\)不是一定值.
【正解】\(y=x+\dfrac{1}{x-1}=x-1+\dfrac{1}{x-1}+1\geq 2 \sqrt{(x-1) \cdot \dfrac{1}{x-1}}+1=3\).(当\(x=2\)时取到等号)
\({\color{Red}{ (通过凑项得到定值"(x-1) \cdot \dfrac{1}{x-1}=1 ")}}\)
故函数\(y=x+\dfrac{1}{x-1}(x>1)\)的最小值为\(2\)，没有最大值.

情况3 三等：取到等号
求函数\(y=\dfrac{x^{2}+5}{\sqrt{x^{2}+4}}\)的最值.
【误解】\(y=\dfrac{x^{2}+5}{\sqrt{x^{2}+4}}=\dfrac{x^{2}+4+1}{\sqrt{x^{2}+4}}\)\(=\sqrt{x^{2}+4}+\dfrac{1}{\sqrt{x^{2}+4}}\)\(\geq 2 \sqrt{\sqrt{x^{2}+4} \cdot \dfrac{1}{\sqrt{x^{2}+4}}}=2\)，即最小值为\(2\).
【误解分析】在误解中把\(a=\sqrt{x^{2}+4}\)，\(b=\dfrac{1}{\sqrt{x^{2}+4}}\)，
满足了“一正二定”，但忽略了能否取到等号？若\(a=b\)，则\(\sqrt{x^{2}+4}=\dfrac{1}{\sqrt{x^{2}+4}}\)\(\Rightarrow \sqrt{x^{2}+4}=1 \Rightarrow x^{2}=-3\)显然方程无解，即不等式取不到等号，只能说明\(\text { 月 } \sqrt{x^{2}+4}+\dfrac{1}{\sqrt{x^{2}+4}}>2\)，那它有最小值么？
【正解】\(y=\dfrac{x^{2}+5}{\sqrt{x^{2}+4}}=\dfrac{x^{2}+4+1}{\sqrt{x^{2}+4}}\)\(=\sqrt{x^{2}+4}+\dfrac{1}{\sqrt{x^{2}+4}}\)，
令\(t=\sqrt{x^{2}+4}\)，则\(t≥2\)，
因为对勾函数\(y=t+\dfrac{1}{t}\)在\([2 ,+∞)\)上单调递增，
当\(t=2\)时，取得最小值\(\dfrac{5}{2}\).
故\(y=\dfrac{x^{2}+5}{\sqrt{x^{2}+4}}\)的最小值为\(\dfrac{5}{2}\)，无最大值.

【题型二】基本不等式运用的常见方法

方法1 直接法

【典题1】设\(x>0\)、\(y>0\)、\(z>0\)，则三个数\(\dfrac{1}{x}+4 y\)，\(\dfrac{1}{y}+4 z\)，\(\dfrac{1}{z}+4 x\)(　　)
A．都大于\(4\)
B．至少有一个大于\(4\)
C．至少有一个不小于\(4\)
D．至少有一个不大于\(4\)
【解析】假设三个数\(\dfrac{1}{x}+4 y<4\)且\(\dfrac{1}{y}+4 z<4\)且\(\dfrac{1}{z}+4 x<4\)，
相加得\(\dfrac{1}{x}+4 x+\dfrac{1}{y}+4 y+\dfrac{1}{z}+4 z<12\)，
由基本不等式得\(\dfrac{1}{x}+4 x \geq 4\)，\(\dfrac{1}{y}+4 y \geq 4\)，\(\dfrac{1}{z}+4 z \geq 4\)；\({\color{Red}{(直接使用基本不等式) }}\)
相加得\(\dfrac{1}{x}+4 x+\dfrac{1}{y}+4 y+\dfrac{1}{z}+4 z \geq 12\)，与假设矛盾；
所以假设不成立，三个数\(\dfrac{1}{x}+4 y\)，\(\dfrac{1}{y}+4 z\)，\(\dfrac{1}{z}+4 x\)至少有一个不小于\(4\)．
故选：\(C\)．
【点拨】本题利用了反证法求解，当遇到“至少”“至多”等的字眼可考虑反证法：先假设，再推导得到矛盾从而证明假设不成立.

【典题2】设\(x>0,y>0\)，下列不等式中等号能成立的有(　　)
①\(\left(x+\dfrac{1}{x}\right)\left(y+\dfrac{1}{y}\right) \geq 4\)；
②\((x+y)\left(\dfrac{1}{x}+\dfrac{1}{y}\right) \geq 4\)；
③\(\dfrac{x^{2}+9}{\sqrt{x^{2}+5}} \geq 4\)；
④\(x+y+\dfrac{2}{\sqrt{x y}} \geq 4\)；
A．\(1\)个 B．\(2\)个 C．\(3\)个 D．\(4\)个
【解析】\(\because x>0, \quad y>0\)，\(\therefore x+\dfrac{1}{x} \geq 2, y+\dfrac{1}{y} \geq 2\)，
当\(x=y=1\)时取到"="，所以①成立，
\((x+y)\left(\dfrac{1}{x}+\dfrac{1}{y}\right)=2+\dfrac{x}{y}+\dfrac{y}{x} \geq 4\)，
当\(x=y\)时取到"="，显然②成立，
\(\dfrac{x^{2}+5+4}{\sqrt{x^{2}+5}}=\sqrt{x^{2}+5}+\dfrac{4}{\sqrt{x^{2}+5}}\)，
运用基本不等式不能取等号，此时\(x^2+5=4\)，显然不成立，
\(x+y+\dfrac{2}{\sqrt{x y}} \geq 2 \sqrt{x y}+\dfrac{2}{\sqrt{x y}} \geq 4\)，
当\(x=y=1\)时成立，
故正确的有三个，故选：\(C\)．
【点拨】
① 直接使用基本不等式求解最值时，一是要做到“一正二定三等”，二是要选择适当的式子充当"\(a ,b\)".
② 连等问题
本题中④\(x+y+\dfrac{2}{\sqrt{x y}} \geq 2 \sqrt{x y}+\dfrac{2}{\sqrt{x y}} \geq 4\)，当\(x=y=1\)时成立，
这里连续用到基本不等式，这要注意连等问题，即要确定两个等号是否能同时取到，
\(x+y \geq 2 \sqrt{x y}\)是当\(x=y\)时取到等号，\(2 \sqrt{x y}+\dfrac{2}{\sqrt{x y}} \geq 4\)是当\(xy=1\)时取到等号，
即要同时满足方程组\(\left\{\begin{array}{c} x=y \\ x y=1 \end{array}\right.\)()才行，而方程组()有解\(x=y=1\)，
即\(x+y+\dfrac{2}{\sqrt{x y}} \geq 4\)是成立的，当\(x=y=1\)取到等号.
再看一例子：设\(x,y∈R^*\),\(x+y=1\)，求\(\left(x+\dfrac{1}{x}\right)\left(y+\dfrac{1}{y}\right)\)的最小值.
误解1：\(\because x+\dfrac{1}{x} \geq 2\)，\(y+\dfrac{1}{y} \geq 2\)，\(\therefore\left(x+\dfrac{1}{x}\right)\left(y+\dfrac{1}{y}\right) \geq 4\).
误解2：\(\because\left(x+\dfrac{1}{x}\right)\left(y+\dfrac{1}{y}\right)=x y+\dfrac{1}{x y}+\dfrac{x}{y}+\dfrac{y}{x}\)\geq 2 \sqrt{x y \cdot \dfrac{1}{x y}}+2 \sqrt{\dfrac{x}{y} \cdot \dfrac{y}{x}}=4$.
以上两种解法问题在哪里呢？

【典题3】已知实数\(a，b\)满足\(ab>0\)，则\(\dfrac{a}{a+b}-\dfrac{a}{a+2 b}\)的最大值为\(\underline{\quad \quad}\).
【解析】\(\dfrac{a}{a+b}-\dfrac{a}{a+2 b}=\dfrac{a(a+2 b-a-b)}{(a+b)(a+2 b)}\)=\dfrac{a b}{a^{2}+3 a b+2 b^{2}}=\dfrac{1}{\dfrac{a}{b}+\dfrac{2 b}{a}+3}\( \){\color{Red}{ (分子、分母均为二次项同除ab)}}\( \)∵ab>0\(，\)\therefore \dfrac{a}{b}+\dfrac{2 b}{a} \geq 2 \sqrt{2}\(，当且仅当\)\dfrac{a}{b}=\dfrac{2 b}{a} \Rightarrow a=\sqrt{2} b\(时取等号， \)\therefore \dfrac{1}{\dfrac{a}{b}+\dfrac{2 b}{a}+3} \leq \dfrac{1}{2 \sqrt{2}+3}=3-2 \sqrt{2}$，
故最大值为\(3-2 \sqrt{2}\)．
【点拨】要用基本不等式的直接法求解需要寻找“乘积为定值的两个式子”，比如\(x\)与\(\dfrac{1}{x}\)，\(\dfrac{a}{b}\)与\(\dfrac{2 b}{a}\)，\(2 \sqrt{x y}\)与\(\dfrac{2}{\sqrt{x y}}\)之类的.

方法2 凑项法

【典题1】若\(x>1\)，则函数\(y=4 x+\dfrac{1}{x-1}\)的最小值为\(\underline{\quad \quad}\).
【解析】\(y=4 x+\dfrac{1}{x-1}\)=4(x-1)+\dfrac{1}{x-1}+4\(\geq 2 \sqrt{4}+4=8\)，当且仅当\(x=\dfrac{3}{2}\)时取等号．
\(∴\)函数\(y=4 x+\dfrac{1}{x-1}\)的最小值为\(8\)．
【点拨】把\(4x\)凑项成\(4(x-1)\)，目的是使得\(4(x-1)\)与\(\dfrac{1}{x-1}\)的乘积为定值.

【典题2】若\(x>1\)，则\(2 x+\dfrac{9}{x+1}+\dfrac{1}{x-1}\)的最小值是\(\underline{\quad \quad}\)．
分析：\(2x\)、\(\dfrac{9}{x+1}\)、\(\dfrac{1}{x-1}\)三项都不能乘积为定值，而与\(\dfrac{9}{x+1}\)、\(\dfrac{1}{x-1}\)乘积为定值的分别是\(x+1\)与\(x-1\)，而它们的和刚好是\(2x\)，故想到令\(2x=(x+1)+(x-1)\)，完成凑项.
【解析】
\(2 x+\dfrac{9}{x+1}+\dfrac{1}{x-1}\)=x+1+\dfrac{9}{x+1}+x-1+\dfrac{1}{x-1}\( \)\geq 2 \sqrt{(x+1) \cdot \dfrac{9}{(x+1)}}+2 \sqrt{(x-1) \cdot\left(\dfrac{1}{x-1}\right)}=8\(当且仅当\)x+1=3\(，\)x－1=1\(，即\)x=2\(时取等号， \){\color{Red}{ (用了两次基本不等式，要注意是否能同时取到等号) }}$
故\(2 x+\dfrac{9}{x+1}+\dfrac{1}{x-1}\)的最小值是\(8\).

【典题3】设\(a>b>0\)，则\(a b+\dfrac{4}{b^{2}}+\dfrac{1}{b(a-b)}\)的最小值是\(\underline{\quad \quad}\)
【解析】\(∵a>b>0\)，\(∴a-b>0\)；
\(\therefore a b+\dfrac{4}{b^{2}}+\dfrac{1}{b(a-b)}\)
\(=a b-b^{2}+\dfrac{1}{b(a-b)}+b^{2}+\dfrac{4}{b^{2}}\)
\({\color{Red}{ (这里巧妙地"-b^2+b^2 "完成凑项) }}\)
\(=\left[b(a-b)+\dfrac{1}{b(a-b)}\right]+\left[b^{2}+\dfrac{4}{b^{2}}\right]\)
\(\geq 2 \sqrt{b(a-b) \times \dfrac{1}{b(a-b)}}+2 \sqrt{b^{2} \times \dfrac{4}{b^{2}}}=2+4=6\)．
当且即当\(b(a-b)=\dfrac{1}{b(a-b)}\)且\(b^{2}=\dfrac{4}{b^{2}}\)，即\(a=\dfrac{3 \sqrt{2}}{2}\)，\(b=\sqrt{2}\)时取等号，\(\therefore a b+\dfrac{4}{b^{2}}+\dfrac{1}{b(a-b)}\)的最小值为\(6\).

方法3 凑系数

【典题1】若\(0<a<\dfrac{1}{2}\)，则\(a(1-2a)\)的最大值是\(\underline{\quad \quad}\)．
【解析】\(∵0<a<\dfrac{1}{2}\)，\(∴a>0\)且\(1-2a>0\)，
则\(a(1-2 a)=\dfrac{2 a(1-2 a)}{2}\)\leq \dfrac{1}{2}\left(\dfrac{2 a+1-2 a}{2}\right)^{2}=\dfrac{1}{8}$，
当且仅当\(2a=1-2a\),即\(a=\dfrac{1}{4}\)时等号成立，
即\(a(1-2a)\)的最大值为\(\dfrac{1}{8}\).
【点拨】基本不等式的变形\(a b \leq\left(\dfrac{a+b}{2}\right)^{2}\)，和定求积(若\(a+b\)为定值，可求\(ab\)的最值).
本题中\(a+(1-2a)\)不是定值，故通过凑系数，使得\(2a+(1-2a)=1\)为定值从而求出最值.
本题仅是二次函数最值问题，这里重在体会下“和定求积”.

【典题2】已知\(a ,b\)为正数，\(4a^2+b^2=7\)，则\(a \sqrt{1+b^{2}}\)的最大值为\(\underline{\quad \quad}\)．
【解析】因为\(4a^2+b^2=7\)，
则\(a \sqrt{1+b^{2}}=\dfrac{1}{2}(2 a) \sqrt{1+b^{2}}\)\leq \dfrac{1}{2} \times \dfrac{(2 a)^{{2}+\left(\sqrt{1+b}{2}}\right)^{2}}{2}\(=\dfrac{1}{2} \times \dfrac{4 a^{2}+1+b^{2}}{2}=2\)，
\({\color{Red}{ (这里用到了不等式ab \leq \dfrac{a^{2}+b^{2}}{2}，遇到二次根式可利用平方去掉根号)}}\)
当且仅当\(4 a^{2}=1+b^{2}\)时，取得最大值．
【点拨】
① 不等式\(ab \leq \dfrac{a^{2}+b^{2}}{2}\)把\(ab\)，\(a^2+b^2\)两者联系在一起，知和\(a^2+b^2\)为定值，可求积\(ab\)的最值.
② 平时做题要多注意常见二元关系：倒数和、积、和、平方和，能够灵活使用以下不等式能够达到快速解题的效果.
\(\dfrac{2}{\dfrac{1}{a}+\dfrac{1}{b}} \leq \sqrt{a b} \leq \dfrac{a+b}{2} \leq \sqrt{\dfrac{a^{2}+b^{2}}{2}}\)(当且仅当\(a=b\)时等号成立)

方法4 巧“1”法

【典题1】已知\(x>0\)，\(y>0\)，\(x+y=2\)，则\(\sqrt{x}+\sqrt{y}\)的最大值是\(\underline{\quad \quad}\)．
【解析】\(\because x+1 \geq 2 \sqrt{x}\)，\(y+1 \geq 2 \sqrt{y}\)(当\(x=y=1\)时取到等号)
\({\color{Red}{(加“1” 巧妙的把x与\sqrt{x}， y与\sqrt{y}联系起来) }}\)
相加得\(x+y+2 \geq 2 \sqrt{x}+2 \sqrt{y}\)
即\(2(\sqrt{x}+\sqrt{y}) \leq 4 \Rightarrow \sqrt{x}+\sqrt{y} \leq 2\)，故最大值为\(2\).

【典题2】已知\(x>0\)，\(y>0\)，\(\dfrac{2}{x}+\dfrac{1}{y}=2\)，则\(x+2y\)的最小值是\(\underline{\quad \quad}\)．
【解析】\(∵\dfrac{2}{x}+\dfrac{1}{y}=2\)\(\therefore \dfrac{1}{2}\left(\dfrac{2}{x}+\dfrac{1}{y}\right)=1\)
\(x+2 y=(x+2 y) \cdot 1=\dfrac{1}{2}(x+2 y)\left(\dfrac{2}{x}+\dfrac{1}{y}\right)\)=\dfrac{1}{2}\left(2+\dfrac{x}{y}+\dfrac{4 y}{x}+2\right) \geq \dfrac{1}{2}\left(4+2 \sqrt{\dfrac{x}{y} \cdot \dfrac{4 y}{x}}\right)=4\(， 当且仅当\)\dfrac{x}{y}=\dfrac{4 y}{x}\(时，即\)x=2,y=1\(时等号成立， 故\)x+2y$的最小值为\(4\).
【点拨】本题的方法很多，比如消元法、换元法等，但属巧"1"法最简洁了！

【典题3】设\(a>2\)，\(b>0\)，若\(a+b=3\)，则\(\dfrac{1}{a-2}+\dfrac{1}{b}\)的最小值为\(\underline{\quad \quad}\)．
【解析】若\(a+b=3\)，则\((a-2)+b=1\)，
\({\color{Red}{ (凑项再利用巧"1"法) }}\)
则\(\dfrac{1}{a-2}+\dfrac{1}{b}=\left(\dfrac{1}{a-2}+\dfrac{1}{b}\right) \times[(a-2)+b]\)=2+\left(\dfrac{b}{a-2}+\dfrac{a-2}{b}\right)\(， 又由\)a>2\(,\)b>0\(，则\)\dfrac{b}{a-2}+\dfrac{a-2}{b} \geq 2 \sqrt{\dfrac{b}{a-2} \cdot \dfrac{a-2}{b}}=2\(， 当\)a=\dfrac{5}{2}, b=\dfrac{1}{2}\(时取到等号， 则\)\dfrac{1}{a-2}+\dfrac{1}{b}=2+\left(\dfrac{b}{a-2}+\dfrac{a-2}{b}\right) \geq 4\(， 即\)\dfrac{1}{a-2}+\dfrac{1}{b}$的最小值为\(4\).

方法5 换元法

【典题1】若\(x>1\)，则\(y=\dfrac{x-1}{x^{2}+x-1}\)的最大值为\(\underline{\quad \quad}\).
【解析】令\(t=x-1\)，则\(x=t+1\)，\(t>0\)，
原式\(=\dfrac{t}{(t+1)^{2}+(t+1)-1}\)=\dfrac{t}{t^{2}+3 t+1}=\dfrac{1}{t+\dfrac{1}{t}+3}\(\leq \dfrac{1}{2 \sqrt{t \cdot \dfrac{1}{t}+3}}=\dfrac{1}{5}\)，
当且仅当\(t=1\)即\(x=2\)时等号成立.
故\(y=\dfrac{x-1}{x^{2}+x-1}\)的最大值为\(\dfrac{1}{5}\).
【点拨】本题是属于求函数\(y=\dfrac{a_{1} x^{2}+b_{1} x+c_{1}}{a_{2} x^{2}+b_{2} x+c_{2}}\)的最值问题，它常用到基本不等式或对勾函数，换元法是常见手段.

【典题2】若\(a,b∈R^*\)，\(a+b=1\)，则\(\sqrt{a+\dfrac{1}{2}}+\sqrt{b+\dfrac{1}{2}}\)的最大值\(\underline{\quad \quad}\).
【解析】设\(s=\sqrt{a+\dfrac{1}{2}}\)，\(t=\sqrt{b+\dfrac{1}{2}}\)
\({\color{Red}{ (遇到二次根式，用换元法达到去掉根号的目的)}}\)
则\(a=s^{2}-\dfrac{1}{2}\)，\(b=t^{2}-\dfrac{1}{2}\)
\(∵a+b=1\)\(∴s^2+t^2=2\)
\({\color{Red}{(这相当已知s^2+t^2=2求s+t的最大值，想到算术均值≤平方和均值\dfrac{a+b}{2} \leq \sqrt{\dfrac{a^{2}+b^{2}}{2}}) }}\)
\(\therefore \dfrac{s+t}{2} \leq \sqrt{\dfrac{s^{2}+t^{2}}{2}}=1 \Rightarrow s+t \leq 2\)
即\(\sqrt{a+\dfrac{1}{2}}+\sqrt{b+\dfrac{1}{2}} \leq 2\)，故最大值为\(2\).
【点拨】
① 本题本来是“已知\(a+b=1\)求\(\sqrt{a+\dfrac{1}{2}}+\sqrt{b+\dfrac{1}{2}}\)的最大值 (1)”，通过换元法后变成
“已知\(s^2+t^2=2\)求\(s+t\)的最大值 (2)”.显然问题(2)比问题(1)看起来更舒服些，故换元法就能把问题的表示形式转化为令人“顺眼”些.
你说\(\dfrac{\sqrt{a+\dfrac{1}{2}}+\sqrt{b+\dfrac{1}{2}}}{2}\)\leq \sqrt{\dfrac{\left(\sqrt{a+\dfrac{1}{2}}\right)^{{2}+\left(\sqrt{b+\dfrac{1}{2}}\right)}{2}}{2}}\(=\sqrt{\dfrac{a+\dfrac{1}{2}+b+\dfrac{1}{2}}{2}}=1\)\Rightarrow \sqrt{a+\dfrac{1}{2}}+\sqrt{b+\dfrac{1}{2}} \leq 2$不更简洁？
是的，它们的解法本质是一样的，换元法本质是“整体思想”.用上换元法更容易找到解答思路.
② 本题还有其他的解法，可多思考体会下数学思维的魅力！

【典题3】设\(a、b\)是正实数，且\(a+2b=2\)，则\(\dfrac{a^{2}}{a+1}+\dfrac{4 b^{2}}{2 b+1}\)的最小值是\(\underline{\quad \quad}\).
【解析】令\(a+1=s\)，\(2b+1=t\)，则\(a=s-1\)，\(2b=t-1\)；
\(\therefore \dfrac{a^{2}}{a+1}+\dfrac{4 b^{2}}{2 b+1}\)=\dfrac{(s-1)^{{2}}{s}+\dfrac{(t-1)}{2}}{t}\(=s+t-4+\dfrac{1}{s}+\dfrac{1}{t}=\dfrac{1}{s}+\dfrac{1}{t}\)
\({\color{Red}{(以上纯是运算，没太大难度，作到这就相当于“已知s+t=4，求\dfrac{1}{s}+\dfrac{1}{t}最小值”，较易想到巧“1”法) }}\)
\(=\dfrac{1}{4}\left(\dfrac{1}{s}+\dfrac{1}{t}\right)(s+t)=\dfrac{1}{4}\left(2+\dfrac{t}{s}+\dfrac{s}{t}\right)\)\geq \dfrac{1}{4}\left(2+2 \sqrt{\dfrac{t}{s} \cdot \dfrac{s}{t}}\right)=1\(． 当且仅当\)s=t=2\(即\)a=1, b=\dfrac{1}{2}\(取到等号， 即\)\dfrac{a^{2}}{a+1}+\dfrac{4 b^{2}}{2 b+1}$的最小值是\(1\).

【点拨】本题再次让你体验到换元法能把问题转化为更简单的形式，本题是分母“换元”，“宁愿分子复杂些，也想分母简单些”就这么朴素的想法！

方法6 不等式法

【典题1】已知\(a ,b∈(0,+∞)\)，且\(1+\dfrac{2}{a b}=\dfrac{9}{a+b}\)，则\(a+b\)的取值范围是\(\underline{\quad \quad}\).
\({\color{Red}{分析 }}\)：\(1+\dfrac{2}{a b}=\dfrac{9}{a+b}\)相当是“关于\(ab\)与\(a+b\)的方程”，而由基本不等式\(a+b \geq 2 \sqrt{a b}\)又确定了“关于\(ab\)与\(a+b\)的不等关系”，那用“消元思想”不就得到\(a+b\)的不等式么？！其范围就有了！
【解析】\(∵a ,b∈(0,+∞)\)，\(\therefore a+b \geq 2 \sqrt{a b} (*)\)，
\(a+b \geq 2 \sqrt{\dfrac{2(a+b)}{9-(a+b)}}\)，
整理可得，\((a+b)^2－9(a+b)+8≤0\)，
解得\(1≤a+b≤8\).

【典题2】已知\(2a+b+2ab=3\)，\(a>0\)，\(b>0\)，则\(2a+b\)的取值范围是\(\underline{\quad \quad}\).
【解析】\(∵a>0，b>0\)，\(\therefore 0<2 a b \leq \dfrac{(2 a+b)^{2}}{4}\)
\({\color{Red}{ (这要确定2ab与2a+b的关系，想法与上题相似，利用2ab与2a+b的等式关系与不等关系最终得到关于2a+b的不等式)}}\)
而\(3-(2a+b)=2ab\)
\(\therefore 0<3-(2 a+b) \leq \dfrac{(2 a+b)^{2}}{4}\)，
解得\(2≤2a+b<3\)，
\(∴2a+b\)的取值范围是\([2,3)\)．

巩固练习

1(★★) 已知\(a+b+c=2\)，则\(ab+bc+ca\)与\(2\)的比较　 　．

2(★★) 已知\(x，y∈R^+\)，若\(x+y+xy=8\)，则\(xy\)的最大值为\(\underline{\quad \quad}\)．

3(★★) 若\(x，y∈R^+\)，且\(\dfrac{3}{x}+\dfrac{1}{y}=5\)，则\(3x+4y\)的最小值是\(\underline{\quad \quad}\)
4(★★)函数\(y=\dfrac{x^{2}+x-5}{x-2}(x>2)\)的最小值为\(\underline{\quad \quad}\)．

5(★★)已知实数\(a、b\),\(ab>0\)，则\(\dfrac{a b}{a^{2}+b^{2}+a^{2} b^{2}+4}\)的最大值为\(\underline{\quad \quad}\)

6(★★) [多选题]下列说法正确的是(　　)
A．\(x+\dfrac{1}{x}(x>0)\)的最小值是\(2\)
B．\(\dfrac{x^{2}+2}{\sqrt{x^{2}+2}}\)的最小值是\(\sqrt{2}\)
C．\(\dfrac{x^{2}+5}{\sqrt{x^{2}+4}}\)的最小值是\(2\)
D．\(2-3 x-\dfrac{4}{x}\)的最大值是\(2-4 \sqrt{3}\)

7(★★★)[多选题]设\(a>0\)，\(b>0\)，且\(a+2b=4\)，则下列结论正确的是(　　)
A．\(\dfrac{1}{a}+\dfrac{1}{b}\)的最小值为\(\sqrt{2}\)
B．\(\dfrac{2}{a}+\dfrac{1}{b}\)的最小值为\(2\)
C．\(\dfrac{1}{a}+\dfrac{2}{b}\)的最小值为9/4
D．\(\dfrac{b}{a+1}+\dfrac{a}{b+1}>\dfrac{8}{7}\)恒成立

8(★★★)若实数\(m\)，\(n>0\)，满足\(2m+n=1\)，以下选项中正确的有(　　)
A．\(mn\)的最小值为\(\dfrac{1}{8}\)
B．\(\dfrac{1}{m}+\dfrac{1}{n}\)的最小值为\(4 \sqrt{2}\)
C．\(\dfrac{2}{m+1}+\dfrac{9}{n+2}\)的最小值为\(5\)
D．\(4m^2+n^2\)的最小值为\(\dfrac{1}{2}\)

9(★★★) 已知正实数\(a，b\)满足\(a+b=1\)，则\(\dfrac{2 a^{2}+1}{a}+\dfrac{2 b^{2}+4}{b}\)的最小值为\(\underline{\quad \quad}\)

10(★★★) 若正数\(x、y\)满足\(x+4y-xy=0\)，则\(\dfrac{4}{x+y}\)的最大值为\(\underline{\quad \quad}\)

11(★★★) 已知\(0<a<1\)，则\(\dfrac{1}{1-a}+\dfrac{4}{a}\)的最小值是\(\underline{\quad \quad}\)．

12(★★★) 已知\(a，b∈R\)，\(a+b=2\)，则\(\dfrac{1}{a^{2}+1}+\dfrac{1}{b^{2}+1}\)的最大值为\(\underline{\quad \quad}\)．

13(★★★) 若正数\(a，b\)满足\(\dfrac{1}{a}+\dfrac{1}{b}=1\)，则\(\dfrac{a}{a-1}+\dfrac{4 b}{b-1}\)的最小值为\(\underline{\quad \quad}\)．

14(★★★★) 已知实数\(a>0\)，\(b>－2\)，且满足\(2a+b=1\)，则\(\dfrac{2 a^{2}+1}{a}+\dfrac{b^{2}-2}{b+2}\)的最小值是\(\underline{\quad \quad}\)．

15(★★★★) 已知\(x>0\)，\(y>0\)，则\(\dfrac{2 x y}{x^{2}+8 y^{2}}+\dfrac{x y}{x^{2}+2 y^{2}}\)的最大值是\(\underline{\quad \quad}\)．

16(★★★★)设实数\(x,y\)满足\(\dfrac{x^{2}}{4}-y^{2}=1\)，则\(3x^2-2xy\)的最小值是\(\underline{\quad \quad}\).

挑战学霸
方程\(\left(x^{2018}+1\right)\left(1+x^{2}+x^{4}+\cdots+x^{2016}\right)=2018 x^{2017}\)的实数解的个数为\(\underline{\quad \quad}\)．

答案

1.\(ab+bc+ca<2\)
2.\(2\)
3.\(5\)
4.\(7\)
5.\(\dfrac{1}{6}\)
6.\(AB\)
7.\(BC\)
8.\(D\)
9.\(11\)
10.\(\dfrac{4}{9}\)
11.\(9\)
12.\(\dfrac{\sqrt{2}+1}{2}\)
13.\(9\)
14.\(\dfrac{5}{3}\)
15.\(\dfrac{2}{3}\)
16.\(6+4 \sqrt{2}\)
挑战学霸:\(1\)