思路：
这就是K倍动态减法游戏，可以参考曹钦翔从“k倍动态减法游戏”出发探究一类组合游戏问题的论文。
首先k=1的时候，必败态是2^i,因为我们把数二进制分解后，拿掉最后一个1，那么会导致对方永远也取不完，我们可以拿到最后一个1.
k=2的时候，必败态是斐波那契数列，因为任何一个整数n都可以写成两项斐波那契数的和，所以我们拿掉1，对方永远取不完高两位的数。
k的时候我们必须构造数列，将n写成数列中一些项的和，使得这些被取到的项的相邻两个倍数差距>k 那么每次去掉最后一个1 还是符合上面的条件。设这个数列已经被构造了i 项，第 i 项为a[ i ]，前 i 项可以完美对1..b[ i ] 编码使得每个编码的任意两项倍数>K 那么有
a[ i+1 ] = b[ i ] + 1;这是显然的 因为b[ i ] + 1没法构造出来，只能新建一项表示
然后计算b[ i+1] 既然要使用 a[ i+1 ] 那么下一项最多只能是某个 a[ t ] 使得 a[ t ] * K < a[ i+1 ] 于是
b[ i ] = b[ t ] + a[ i+1 ]
然后判断n是否在这个数列里面
如果在，那么先手必败。否则不停的减掉数列a中的项构造出n的分解，最后一位就是了。
代码如下：
#include<cstdio>
int a[],b[];
int main()
{
int i,j,t,n,k,c=,ans;
scanf("%d",&t);
while(t--){
scanf("%d%d",&n,&k);
i=j=;
a[]=b[]=;
while(a[i]<n){
i++;
a[i]=b[i-]+;
while(a[j+]*k<a[i]) j++;
if(a[j]*k<a[i]) b[i]=b[j]+a[i];
else b[i]=a[i];
}
printf("Case %d: ",++c);
if(a[i]==n) puts("lose");
else{
while(n){
if(n>=a[i]){
n-=a[i];
ans=a[i];
}
i--;
}
printf("%d\n",ans);
}
}
return ;
}