第一篇题解确实会被讨论区里的数据hack掉，那么就随便水一个不会被hack掉的题解吧

首先我们尝试着发现这道题的一些结论，你就会发现答案是单调的不降的

这里的答案不降指的是选择每一个位置\(i\)作为结尾能形成的最长区间的左端点是单调不降的，这个很好证明，将\(i-1\)这个位置作为结尾形成的最长区间的左端点不可能比\(i\)作为结尾形成的最长区间的左端点更靠右

如果更靠右的话，那么\(i-1\)形成的区间还能更靠左一些，这与我们的假设不符，所以这个结论是成立的

之后我们就可以利用这个结论计算每一个\(i\)为结尾的区间的左端点在哪里了

由于\(i\)的左端点不可能比\(i-1\)的更靠左，所以我们就直接来将\(i-1\)的左端点\(last\)为起始端点就好了

如果\(p[i]-p[last-1]\)即这段区间的和减去这个区间内所有长度为\(d\)的区间和的最大值还是超过\(p\)，那么我们就让\(last++\)，直到满足条件为止

至于怎么维护一个区间内所有长度为\(d\)的区间和的最大值，我们用一个单调队列就好了

时间复杂度其实是均摊了两次，但是还是非常优秀的\(O(n)\)

代码

#include<iostream>

#include<cstring>

#include<queue>

#include<cstdio>

#define re register

#define maxn 2000005

#define max(a,b) ((a)>(b)?(a):(b))

#define min(a,b) ((a)<(b)?(a):(b))

#define LL unsigned long long

LL n,p,d;

LL a[maxn],pre[maxn];

LL ans,t[maxn],last;

inline LL read()

{

    LL x=0;

    char c=getchar();

    while(c<'0'||c>'9') c=getchar();

    while(c>='0'&&c<='9')

      x=x*10+c-48,c=getchar();

    return x;

}

int main()

{

    n=read();

    p=read();

    d=read();

    for(re int i=1;i<=n;i++)

        a[i]=read();

    for(re int i=1;i<=n;i++)

        pre[i]=pre[i-1]+a[i];

    std::deque<int> q;

    for(re int i=d;i<=n;i++)

        t[i]=pre[i]-pre[i-d];//t[i]表示[i-d+1,i]这个区间的和

    ans=d;//最开始ans为d

    q.push_back(d);

    last=1;

    for(re int i=d+1;i<=n;i++)

    {

        while(!q.empty()&&t[i]>t[q.back()]) q.pop_back();

        q.push_back(i);//在队尾加入一个元素

        while(!q.empty()&&q.front()-d+1<last) q.pop_front();

        //，如果队首元素的左端点比last还小，那么就弹出不合法的队首元素

        while(!q.empty()&&pre[i]-pre[last-1]-t[q.front()]>p)

        {

            last++;

            while(!q.empty()&&q.front()-d+1<last) q.pop_front();

            //last++后也要维护队首的合法性

        }

        ans=max(ans,i-last+1);

    }

    std::cout<<ans;

    return 0;

}