P1345 [USACO5.4]奶牛的电信Telecowmunication

题目描述

农夫约翰的奶牛们喜欢通过电邮保持联系，于是她们建立了一个奶牛电脑网络，以便互相交流。这些机器用如下的方式发送电邮：如果存在一个由c台电脑组成的序列a1,a2,...,a(c)，且a1与a2相连，a2与a3相连，等等，那么电脑a1和a(c)就可以互发电邮。

很不幸，有时候奶牛会不小心踩到电脑上，农夫约翰的车也可能碾过电脑，这台倒霉的电脑就会坏掉。这意味着这台电脑不能再发送电邮了，于是与这台电脑相关的连接也就不可用了。

有两头奶牛就想：如果我们两个不能互发电邮，至少需要坏掉多少台电脑呢？请编写一个程序为她们计算这个最小值。

以如下网络为例：

1* / 3 - 2*

这张图画的是有2条连接的3台电脑。我们想要在电脑1和2之间传送信息。电脑1与3、2与3直接连通。如果电脑3坏了，电脑1与2便不能互发信息了。

输入输出格式

输入格式：

第一行 四个由空格分隔的整数：N,M,c1,c2.N是电脑总数(1<=N<=100)，电脑由1到N编号。M是电脑之间连接的总数(1<=M<=600)。最后的两个整数c1和c2是上述两头奶牛使用的电脑编号。连接没有重复且均为双向的(即如果c1与c2相连，那么c2与c1也相连)。两台电脑之间至多有一条连接。电脑c1和c2不会直接相连。

第2到M+1行 接下来的M行中，每行包含两台直接相连的电脑的编号。

输出格式：

一个整数表示使电脑c1和c2不能互相通信需要坏掉的电脑数目的最小值。

输入输出样例

输入样例#1： 复制

3 2 1 2

1 3

2 3

输出样例#1： 复制

1

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题解

今天正好讲网络流。

（北大学长鬼畜地题目让我发现自己基本都不会做）

那就打打板子题吧。

这道题是最小割点模板。

每个点很显然会影响到与它相连的边啊。

那么要怎么处理呢？

如图，我只需要新加一条 \(i\) 到 \(i+n\) 的边就可以了。

流入\(i\),流入为\(i+n\).

断开这条边时就留不通了，同等于断点。

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代码

#include<cstdio>

#include<cstring>

#include<cmath>

#include<queue>

#include<algorithm>

#include<iostream>

using namespace std;

const int N=100001;

struct node{

    int next,c,to;

}e[N<<1];

int num=1,head[N],dep[N];

int n,m,s,t;

int read()

{

    int x=0,w=1;char ch=getchar();

    while(ch>'9'||ch<'0'){if(ch=='-')w=-1;ch=getchar();}

    while(ch>='0'&&ch<='9')x=x*10+ch-'0',ch=getchar();

    return x*w;

}

void add(int from,int to,int c){

    num++;

    e[num].to=to;

    e[num].c=c;

    e[num].next=head[from];

    head[from]=num;

}

bool bfs(){

    memset(dep,0,sizeof(dep));

    queue<int>q;q.push(s);dep[s]=1;

    while(!q.empty()){

        int u=q.front();q.pop();

        for(int i=head[u];i;i=e[i].next){

            int v=e[i].to;

            if(!dep[v]&&e[i].c)dep[v]=dep[u]+1,q.push(v);

        }

    }

    return dep[t];

}

int dfs(int x,int cap){

    if(x==t)return cap;

    int addx=0;

    for(int i=head[x];i;i=e[i].next){

        int v=e[i].to;

        if(dep[v]==dep[x]+1&&e[i].c){

            int tmp=dfs(v,min(cap-addx,e[i].c));

            e[i].c-=tmp;e[i^1].c+=tmp;addx+=tmp;

        }

    }

    return addx;

}

int dinic(){

    int ans=0;

    while(bfs())ans+=dfs(s,10000000);

    return ans;

}

int main()

{

    n=read();m=read();s=read();t=read();

    for(int i=1;i<=n;i++)add(i,i+n,1),add(i+n,i,0);

    for(int i=1;i<=m;i++){

        int x=read(),y=read();

        add(y+n,x,999999);add(x,y+n,0);

        add(x+n,y,999999);add(y,x+n,0);

    }

    s+=n;

    printf("%d",dinic());

    return 0;

}