题目背景
1s 512M
题目描述
小 A 和小 B 正在玩一个游戏:有一棵包含 n=2m个点的有根树(点从1∼n 编号),它的根是 1 号点,初始时两人各拥有 m 个点。游戏的每个回合两人都需要选出一个自己拥有且之前未被选过的点,若对手的点在自己的点的子树内,则该回合自己获胜;若自己的点在对方的点的子树内,该回合自己失败;其他情况视为平局。游戏共进行 m 回合。
作为旁观者的你只想知道,在他们随机选点的情况下,第一次非平局回合出现时的回合数的期望值。
为了计算这个期望,你决定对于 k=0,1,2,⋯,m,计算出非平局回合数为 k 的情况数。两种情况不同当且仅当存在一个小 A 拥有的点 x,小 B 在 x 被小 A 选择的那个回合所选择的点不同。
由于情况总数可能很大,你只需要输出答案对 998244353 取模后的结果。
输入格式
第一行一个正整偶数 n 表示树的结点数。
第二行一个长度为 n 的 01 字符串,第 i 个字符为 00 表示 i 号点被小 A 拥有,否则被小 B 拥有。保证 0、1 的个数相同。
接下来 n-1 行每行两个正整数 u, v,表示树中的一条边。
输出格式
共2/n +1 行每行一个整数,第 i 行的整数表示k=i−1 时的答案。
补充提示:
输出格式为一行2/n +1 个数或 2/n +1行每行一个数均可
输入输出样例
输入 #1
8
10010011
1 2
1 3
2 4
2 5
5 6
3 7
3 8
输出 #1
0
10
10
4
0
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N = 5050, P = 998244353;
int m, n, sz0[N], sz1[N], sz[N], c[N][N], A[N], B[N];
int dp[N][N];
vector <int> g[N];
int add(int a, int b){
return a + b >= P ? a + b - P : a + b;
}
int sub(int a, int b) {
return a < b ? a - b + P : a - b;
}
char s[N];
void dfs(int u, int pre = 0) {
dp[u][0] = 1;
sz[u] = 1;
for (int i = 0; i < g[u].size(); ++i) {
int v = g[u][i];
if (v == pre) continue;
dfs(v, u);
vector <int> tmp(sz[u] + sz[v] + 1);
for (int i = 0; i <= sz[u]; ++i)
for (int j = 0; j <= sz[v]; ++j)
tmp[i + j] = add(tmp[i + j], (ll)dp[u][i] * dp[v][j] % P);
sz[u] += sz[v];
sz0[u] += sz0[v];
sz1[u] += sz1[v];
for (int i = 0; i <= sz[u]; ++i) dp[u][i] = tmp[i];
// 背包:不构成新的
// tmp[i + j] += dp[u][i] * dp[v][j]
}
if (s[u] == '0') {
++sz0[u];
for (int i = sz1[u] - 1; i >= 0; --i)
dp[u][i+1] = add(dp[u][i+1], dp[u][i] * (ll)(sz1[u] - i) % P);
} else {
++sz1[u];
for (int i = sz0[u] - 1; i >= 0; --i)
dp[u][i+1] = add(dp[u][i+1], dp[u][i] * (ll)(sz0[u] - i) % P);
}
}
void transfer(int* A, int* B, int n) {
// 二项式反演 A
for (int i = 0; i <= n; ++i) {
for (int d = i; d <= n; ++d) {
if ((d-i) & 1) B[i] = sub(B[i], c[d][i] * (ll)A[d] % P);
else B[i] = add(B[i], c[d][i] * (ll)A[d] % P);
}
}
}
int main() {
cout << fixed;
cin >> m >> (s + 1);
n = m / 2;
for (int i = 1; i < m; ++i) {
int u, v;
cin >> u >> v;
g[u].push_back(v);
g[v].push_back(u);
}
dfs(1);
c[0][0] = 1;
vector <int> Pw(m + 1);
Pw[0] = 1;
for (int i = 1; i <= m; ++i) Pw[i] = Pw[i-1] * (ll)i % P;
for (int i = 1; i <= m; ++i) {
c[i][0] = c[i][i] = 1;
for (int j = 1; j < i; ++j) c[i][j] = add(c[i-1][j], c[i-1][j-1]);
}
for (int i = 0; i <= n; ++i) A[i] = (ll)dp[1][i] * Pw[n - i] % P;
transfer(A, B, n);
for (int i = 0; i <= n; ++i) cout << B[i] << "\n";
return 0;
}
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