前言

其实我只是为了过掉模板而写的ddp，实际应用被吊着锤

Solution

并不想写详细的过程

一句话过程：将子树中轻儿子的贡献挂到这个点上面来

详细版：（引用yyb）

总结一下的话，大致的过程是这样子的：首先我们考虑我们的转移方程，发现能够将其改写为矩乘的形式，那么我们首先将转移改为矩乘。我们把轻链和重链的转移分开考虑。这样子想，我们的重链被我们单独拎了出来，每个重链上都挂上了若干轻儿子，显然轻儿子对于重链上的独立集的选择是没有影响的，换而言之，如果轻儿子的贡献考虑完之后，那么等价于链上每个点选或者不选有一个权值，求最大独立集。而对于链上的这个东西，是可以直接用线段数维护矩阵支持修改和查询的，那么这题就只需要这么做就好了。即只修改这个点到达根节点上的所有轻链对于父亲的贡献，对于重儿子的贡献先暂时不考虑，每次线段树查询矩阵乘积即可求解出每个点的矩阵，就可以快速求解答案了

代码实现

#include<stdio.h>
#include<stdlib.h>
#include<string.h>
#include<math.h>
#include<algorithm>
#include<queue>
#include<set>
#include<map>
#include<iostream>
using namespace std;
#define ll long long
#define re register
#define file(a) freopen(a".in","r",stdin);freopen(a".out","w",stdout)
inline int gi(){
    int f=1,sum=0;char ch=getchar();
    while(ch>'9' || ch<'0'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
    while(ch>='0' && ch<='9'){sum=(sum<<3)+(sum<<1)+ch-'0';ch=getchar();}
    return f*sum;
}
const int N=100010;
const ll Inf=1e18+10;
int a[N],front[N],nxt[N<<1],to[N<<1],cnt,n,m,dep[N],son[N],siz[N],fa[N],top[N],dfn[N],Time,id[N],bot[N];
void Add(int u,int v){
    to[++cnt]=v;nxt[cnt]=front[u];front[u]=cnt;
}
struct matrix{
    ll a[2][2];
    ll*operator [](int x){return a[x];};
    matrix operator*(matrix b)const{
        matrix c;
        for(int i=0;i<2;i++)
            for(int j=0;j<2;j++){
                c[i][j]=0;
                for(int k=0;k<2;k++)
                    c[i][j]=max(c[i][j],a[i][k]+b[k][j]);
            }
        return c;
    }
}t[N<<2],tmp[N];
void dfs1(int u,int f){
    dep[u]=dep[f]+1;siz[u]=1;fa[u]=f;
    for(int i=front[u];i;i=nxt[i]){
        int v=to[i];
        if(v==f)continue;
        dfs1(v,u);
        siz[u]+=siz[v];if(siz[v]>siz[son[u]])son[u]=v;
    }
}
void dfs2(int u,int tp){
    top[u]=tp;dfn[u]=++Time;id[Time]=u;
    if(son[u]){dfs2(son[u],tp),bot[u]=bot[son[u]];}
    else bot[u]=u;
    for(int i=front[u];i;i=nxt[i]){
        int v=to[i];
        if(v==fa[u] || v==son[u])continue;
        dfs2(v,v);
    }
}
ll f[N][2];
void dp(int u){
    f[u][1]=a[u];
    for(int i=front[u];i;i=nxt[i]){
        int v=to[i];
        if(v==fa[u])continue;
        dp(v);
        f[u][0]+=max(f[v][1],f[v][0]);
        f[u][1]+=f[v][0];
    }
}
void build(int o,int l,int r){
    if(l==r){
        int u=id[l];int g0=0,g1=a[u];
        for(int i=front[u];i;i=nxt[i]){
            int v=to[i];
            if(v==fa[u] || v==son[u])continue;
            g0+=max(f[v][1],f[v][0]);g1+=f[v][0];
        }
        tmp[l]=t[o]=(matrix){g0,g0,g1,-Inf};
        return;
    }
    int mid=(l+r)>>1;
    build(o<<1,l,mid);build(o<<1|1,mid+1,r);
    t[o]=t[o<<1]*t[o<<1|1];
}
//------------以上是dp+树剖-----------------------------------------------
void Modify(int o,int l,int r,int p){
    if(l==r){t[o]=tmp[l];return;}
    int mid=(l+r)>>1;
    if(p<=mid)Modify(o<<1,l,mid,p);
    else Modify(o<<1|1,mid+1,r,p);
    t[o]=t[o<<1]*t[o<<1|1];
}
matrix query(int o,int l,int r,int posl,int posr){
    if(posl==l && posr==r)return t[o];
    int mid=(l+r)>>1;
    if(mid>=posr)return query(o<<1,l,mid,posl,posr);
    else if(mid<posl)return query(o<<1|1,mid+1,r,posl,posr);
    return query(o<<1,l,mid,posl,mid)*query(o<<1|1,mid+1,r,mid+1,posr);
}
matrix ask(int x){return query(1,1,n,dfn[top[x]],dfn[bot[x]]);}
void Modify(int u,int w){
    tmp[dfn[u]][1][0]+=w-a[u];a[u]=w;
    while(u){
        matrix a=ask(top[u]);Modify(1,1,n,dfn[u]);
        matrix b=ask(top[u]);
        u=fa[top[u]];if(!u)break;
        tmp[dfn[u]][0][1]=(tmp[dfn[u]][0][0]+=max(b[0][0],b[1][0])-max(a[0][0],a[1][0]));
        tmp[dfn[u]][1][0]+=b[0][0]-a[0][0];
    }
}
int main(){
    n=gi();m=gi();
    for(int i=1;i<=n;i++)a[i]=gi();
    for(int i=1;i<n;i++){int u=gi(),v=gi();Add(u,v);Add(v,u);}
    dfs1(1,0);dfs2(1,1);dp(1);build(1,1,n);
    matrix t;
    while(m--){
        int u=gi(),x=gi();
        Modify(u,x);
        t=ask(1);
        printf("%lld\n",max(t[0][0],t[1][0]));
    }
    return 0;
}