A-------------------------------------------------------------------------------------------
题目链接：http://codeforces.com/problemset/problem/714/A
解题思路:
【题意】
Sonya每天只有[l1,r1]时间段内空闲,且在k时刻,她要打扮而不能够见Filya
Filya每天[l2,r2]时间段内空闲
问他们俩每天有多少时间能够在一起
【类型】
区间交
【分析】
显然,要求他们俩每天有多少时间在一起
其实就是求两区间的交集
那无外乎就是对两区间的位置关系进行分析
，。当然还有几个图这里就不一一列举了，主要就是找到两个的
相交区间，然后判断k是否在这个区间中，在的话减一；
这道题要用long long，否则会超！
下面给出AC代码：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
int main()
{
ll l1,l2,r1,r2,k;
while(cin>>l1>>r1>>l2>>r2>>k)
{
ll minn=min(r1,r2);
ll maxn=max(l1,l2);
ll ans=minn-maxn+;
if(maxn>minn)
{
cout<<<<endl;
continue;
}
if(k>=maxn&&k<=minn)
ans--;
cout<<ans<<endl;
}
return ;
}
B-------------------------------------------------------------------------------------
题目链接：http://codeforces.com/problemset/problem/716/A
题目大意：
给你一个N(N<=100000)个字母敲击的时间a[i](a[i]<=109)，如果在M时间内没有敲击那么屏幕就清零，否则屏幕上就多一个字母，问最后屏幕剩下几个字母。
打下下一个字母的时候，如果和之前字母打下的时间不超过k的话，则保留前面的继续打，如果超过了，则前面的字母全部消失，只留下这一个字母。
下面给出AC代码：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main()
{
int a[];
int n,t;
while(scanf("%d%d",&n,&t)!=EOF)
{
for(int i=;i<n;i++)
scanf("%d",&a[i]);
int ans=;
for(int i=;i<n-;i++)
{
if(a[i+]-a[i]<=t)
ans++;
else ans=;
}
printf("%d\n",ans);
}
return ;
}
C----------------------------------------------------------------------------------------------
题目链接：http://codeforces.com/problemset/problem/719/A
分析：当时这题还懵了一阵子，之前好像比赛写过，之前直接去取最后两项去比较，WA．．．心酸！后来看了下题目才发现，得看到临界点０，１５，发现这题目很简单！直接做就是了！
下面给出AC代码：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main()
{
int n,i;
int a[];
while(cin>>n)
{
for(i=;i<=n;i++)
cin>>a[i];
if(n==&&a[n]!=&&a[n]!=)
cout<<-<<endl;
else if(a[n]==)
cout<<"DOWN"<<endl;
else if(a[n]==)
cout<<"UP"<<endl;
else if(a[n]<&&a[n]>a[n-])
cout<<"UP"<<endl;
else if(a[n]<&&a[n]<a[n-])
cout<<"DOWN"<<endl;
}
return ;
}
D-------------------------------------------------------------------------------------------
题目链接：http://codeforces.com/problemset/problem/719/B
分析：细想只有两种模式，一种brbrbr... 另一种rbrbrb... 只需要统计这两种模式下，需要的两种操作数中最小的一个，即是答案。
下面给出AC代码：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int MAXN = ;
char a[MAXN];
int main()
{
int n;
while(cin>>n)
{
scanf("%s",a);
int m = ;
int t=;
int u=;
int v=;
for(int i=; i<n; i++)
{
if(i%==)
{
if(a[i]=='r')
m++;
if(a[i]=='b')
t++;
}
else
{
if(a[i]=='r')
u++;
if(a[i]=='b')
v++;
}
}
int x=max(t,u);
int y=max(m,v);
int z=min(x,y);
printf("%d\n",z);
}
return ;
}
E-------------------------------------------------------------------------------------------
威佐夫博弈
威佐夫博弈（Wythoff Game）：有两堆各若干个物品，两个人轮流从某一堆或同时从两堆中取同样多的物品，规定每次至少取一个，多者不限，最后取光者得胜。
如果甲面对（0，0），那么甲已经输了，这种局势我们称为奇异局势。前几个奇异局势是：（0，0）、（1，2）、（3，5）、（4，7）、（6，10）.可以看出,a0=b0=0,ak是未在前面出现过的最小自然数,而 bk=ak+k.
那么任给一个局势（a，b），怎样判断它是不是奇异局势呢？我们有如下公式：
ak =[k（1+√5）/2]，bk= ak + k （k=0，1，2，...,n 方括号表示取整函数)
奇妙的是其中出现了黄金分割数（1+√5）/2 = 1。618...,因此,由ak，bk组成的矩形近似为黄金矩形，由于2/（1+√5）=（√5-1）/2，可以先求出j=[a（√5-1）/2]，若a=[j（1+√5）/2]，那么a = aj，bj = aj + j，若不等于，那么a = aj+1，bj+1 = aj+1+ j + 1，若都不是，那么就不是奇异局势。然后再按照上述法则进行，一定会遇到奇异局势。
下面给出AC代码：
#include <iostream>
#include <cmath>
#include <stdio.h>
using namespace std;
int main()
{
int a,b;
int k;
int t;
int a1;
while(~scanf("%d%d",&a,&b))
{
if(a>b)
{
t=a;
a=b;
b=t;
}
k=b-a;
a1=(int)((double)(sqrt(5.0)+)/*k);
if(a1==a)
printf("0\n");
else printf("1\n");
}
return ;
}