题目大意：
有n个数，满足条件左端点A严格最小右端点B严格最大的最长子串长度是多少。
思路：
对每一个i，他都可以是A或者B 。
先把他当成是B，我们向前找A。因为要求[A,B]中所有数都比B小，所以找到第一个比B大的数的后一个就是A的最小下标取值。
再把每一个i当成A，我们向后找B，因为[A,B]中每一个数都比A大，所以后面第一个比A小的数字的前一个就是B的最大下标取值。
这样做在向前找和向后找的过程中是有可能找不到的，比如说a[i]是所有数字中的最大值，他向前找第一个比他大的那当然是找不到的，所以我们可以将数组的a[0]置INF（无穷大）。同理，数组中最小值在向后找更小的时候也是找不到的，所以可以把数组的a[n+1]置成0（奶牛身高不可能是0）
举个例子：4，6，5，7，3：
看了上面的表格就有人要问，“为什么是‘不小于’‘不大于’啊？”。其实很简单，因为题中要求左右端点是分别严格小于大于区间中所有数的。那么有了上面的表格就可以得出对于每一个i作为右边界B时对应的A的有可能的最小Amin，以及对于每一个i作为左边界A时右边界B的有可能的最大Bmax。如下图：
如此之后我们就可以枚举每一个B，去找Amin，若Amin对应的Bmax是大于等于此时的B的那就是满足条件的。但这样是不对的，正确的解法是去找[Amin[B],B-1]中第一个满足条件的。但是这样每一个B对应[Amin[B],B-1]不就成了n^2的算法了嘛？好不容易想到这里不会GG了吧。
我们调整一下思路，因为要找长度的最大，所以我们可以从后向遍历B，因为对于每一个B，可能找到的最长长度就是B（如果从第一个开始就一直递增到B，就是这样子的情况）。那么如果我们的答案大于等于了当前的B，就可以直接输出答案然后结束。
当然，不反向遍历B也是可以的。我们可以正向遍历A，只要当前答案超过了n+1-A就行。
AC代码：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const ll INF = 0x3f3f3f3f;
const ll N = 2*1e5+10;
ll n , ans , a[N] ;
ll Amin[N] , Bmax[N] ;
ll q[N] , num ;
int main(){
ios::sync_with_stdio(false);
//freopen("inn.in","r",stdin) ;
cin>>n ;
for(ll i = 1 ; i <= n ; i ++ )cin>>a[i] ;
a[0] = INF ; a[n + 1] = 0 ;
q[0] = 0 ;
for(ll i = 1 ; i <= n ; i ++ ){//单调栈做左边第一个大于
while(num && a[q[num]] < a[i])num-- ;
Amin[i] = q[num] + 1;
q[++num] = i ;
}
memset(q,0,sizeof q) ;
q[0] = n + 1 ;
num = 0 ;
for(ll i = n ; i > 0 ; i -- ){//单调栈做右边第一个小于
while(num && a[q[num]] > a[i])num-- ;
Bmax[i] = q[num] - 1 ;
q[++num] = i ;
}
for(ll i = n ; i > 0 ; i -- ){
if(ans >= i )break ;
for(ll j = Amin[i] ; j < i ; j ++){
if(Bmax[j] >= i){
ans = max(ans , i - j + 1) ;
break ;//因为j是从小到大的，所以i-j+1是从大到小的
//只要找到以一个符合的j就是找到了该B对应的最大长度，就直接break。
}
}
}
cout<<ans ;
}