题目来源
题目描述
将一个 8×8 的棋盘进行如下分割：将原棋盘割下一块矩形棋盘并使剩下部分也是矩形，再将剩下的部分继续如此分割，这样割了 (n−1) 次后，连同最后剩下的矩形棋盘共有 n 块矩形棋盘。(每次切割都只能沿着棋盘格子的边进行)
原棋盘上每一格有一个分值，一块矩形棋盘的总分为其所含各格分值之和。
现在需要把棋盘按上述规则分割成 n 块矩形棋盘，并使各矩形棋盘总分的均方差最小。
均方差
，其中平均值
，
x
i
x_i
xi 为第
i
i
i 块矩形棋盘的总分。
请编程对给出的棋盘及 n，求出均方差的最小值。
输入格式
第 1 行为一个整数 n。
第 2 行至第 9 行每行为 8 个小于 100 的非负整数，表示棋盘上相应格子的分值。每行相邻两数之间用一个空格分隔。
输出格式
输出最小均方差值（四舍五入精确到小数点后三位）。
数据范围
1<n<15
输入样例：
3
1 1 1 1 1 1 1 3
1 1 1 1 1 1 1 1
1 1 1 1 1 1 1 1
1 1 1 1 1 1 1 1
1 1 1 1 1 1 1 1
1 1 1 1 1 1 1 1
1 1 1 1 1 1 1 0
1 1 1 1 1 1 0 3
输出样例：
1.633
题目思路
- 题目大意
目标是将棋盘分割成n块，每切一次，只能挑选其中一个棋盘进行操作，给定方块中的值，求最小总方差。
- 分析题型
数据范围不太大，求最值，尝试使用DP。
根据形态可划分为两边，有分治的意思，尝试使用区间DP的思考方式解题。
- 分析动态转移方程
确定DP集合的性质，因为是分块的，且互不干扰，所以前四维代表左上角和右下角的坐标，因为只能切
n
−
1
n-1
n−1次，有次数限制，所以还得加一维记录一下次数。所代表的值就是该区域的总方差值。（平均数就是总数/n，输入完就知道了平均值，再根据方差公式直接求解即可，用到了区间前缀和）
给定棋盘之后有两种切法，一种是横切，一种是纵切，切完之后还得挑选哪一部分做为下一次操作的情况。
这个图简单明了，说明了所有的状态。
有点分治的味道，所以使用递归的方式写DP。
动态规划方程请看代码~
AC代码
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define _for(i, a, b) for (int i = (a); i < (b); ++i)
#define _rep(i, a, b) for (int i = (a); i <= (b); ++i)
#define For(i, a, b) for (int i = (a); i >= (b); --i)
#define debug(a) cout << #a << " = " << a << ENDL
#define ENDL "\n"
#define x first
#define y second
typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
typedef vector<int> vi;
const int N = 15 + 5, M = 8 + 5, INF = 0x3f3f3f3f;
int m = 8, n;
double X, s[M][M], f[M][M][M][M][N];
double Get(int x1, int y1, int x2, int y2) {
double sum = s[x2][y2] - s[x1 - 1][y2] - s[x2][y1 - 1] + s[x1 - 1][y1 - 1] - X;
return sum * sum / n;
}
double dp(int x1, int y1, int x2, int y2, int k) {
double& v = f[x1][y1][x2][y2][k];
if (v >= 0) return v;
if (k == 1) return v = Get(x1, y1, x2, y2);
v = INF;
_rep(i, y1, y2) {
v = min(v, Get(x1, y1, x2, i) + dp(x1, i + 1, x2, y2, k - 1));
v = min(v, dp(x1, y1, x2, i, k - 1) + Get(x1, i + 1, x2, y2));
}
_rep(i, x1, x2) {
v = min(v, Get(x1, y1, i, y2) + dp(i + 1, y1, x2, y2, k - 1));
v = min(v, dp(x1, y1, i, y2, k - 1) + Get(i + 1, y1, x2, y2));
}
return v;
}
int main() {
#ifdef LOCAL
freopen("data.in", "r", stdin);
#endif
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0), cout.tie(0);
cin >> n;
_rep(i, 1, m) _rep(j, 1, m) {
cin >> s[i][j];
s[i][j] += s[i - 1][j] + s[i][j - 1] - s[i - 1][j - 1];
}
X = s[m][m] / n;
memset(f, -1, sizeof f);
printf("%0.3lf\n", sqrt(dp(1, 1, m, m, n)));
return 0;
}
反思
这个题目因为做过一次，所以就没有认真看题目导致后面浪费了一堆时间！！
一定要注重做题第一步！！！！