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本文作者：ljh2000
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Description
Input
Output
输出1行N 个整数,第个整数表示结点的观察员可以观察到多少人。
Sample Input
2 3
1 2
1 4
4 5
4 6
0 2 5 1 2 3
1 5
1 3
2 6
Sample Output
HINT
25分
考虑此时$n$很小，可以对于每条路径上暴力模拟，经过某个点时可以看一下当前时刻，是否跟经过的点的$w$相等，如果相等，则贡献加一。
45分
注意到测试点$9-12$时，保证$m$条路径的出发点都是$1$，那么我们可以考虑如果将$1$作为树根，那么一条路径怎样才能对于它经过的点产生贡献。
不难看出对于一个点$i$，只有在$deep[i]=w[i]$，才有可能有贡献。
我在考场上是直接用的链剖$+$线段树，因为这就变成模板题了，而且$n$不到$10w$，尽管复杂度偏高，但是不易错。
直接对于每条路径经过的点在线段树上增加$1$次经过次数，显然只有$deep$与$w$相等的点才会产生贡献。
事实上对于$S=1$的情况有线性的算法，正解会详细介绍，不再赘述。
60分
注意到测试点$6-8$时，题目保证树退化成链。我们观察一下对于链而言，有什么特别的地方。首先要明确，此时m条路径在链上肯定是要么往左要么往右，即$S<=T$或者$S>T$。
先只考虑$S<=T$的情况，如果对于$S$到$T$之间的点i，要产生贡献的话，肯定满足$i-S=w[i]$，移项可得$S=i-w[i]$时才可以满足要求。
注意到等式右边只与$i$本身有关，不妨设为$K[i]$，所以题目变成了查询$S$到$T$之间$K[i]$等于$S$的$i$的数量。
因为题目只涉及到首和尾，我们可以很容易联想到差分，即对于$S$打上$+1$标记，$T$打上$-1$标记。
根据上述思路，我们考虑具体做法：对于每个点$i$,我们很容易发现只有从一个特定的点出发才有可能对$i$产生贡献。
我们考虑维护一个统计数组$A$，$A[k]$表示的是处理到当前的结点时，从$k$出发的路径（而且还没有走到终点）有多少条。
这样对于每个点$i$，我们只要查询一下所对应的$A[K[i]]$就可以了，根据上面的分析，这就是我们的答案了。
有一点注意处理：处理一个点$i$时，我们需要把以$i$为起点的路径加入统计数组$A$，再计算这个结点的贡献，最后再把以这个结点为终点的路径从$A$中消除，具体可以用$vector$实现（上述处理顺序的必要性仔细想想就很容易想通了）。
而对于$S>T$的情况完全类似，只是需要把$K[i]$定义为$i+w[i]$，其余做法完全类似。
100分
题目中设计的几个档次的部分分其实暗示已经很明显了。
链的做法离正解就不远了。
而$S=1$和$T=1$是在告诉我们什么呢？
拆路径！
很容易发现，一条$S$到$T$的路径可以拆成一条$S$到$LCA$的路径和$LCA$到$T$的路径，然后对于这两条路径，一条往上，一条往下，都可以对应成链的处理方式了！
考虑对于每条路径，先将其拆分成两条路径（为了简化对$LCA$在两条路径中都出现的各种情况，我们可以先就让$LCA$出现两次，如果最后发现$LCA$是有贡献的，只需$-1$即可），同样，我们先只考虑向上的路径。
如果我们对于$S$在统计数组$A$上打上$1$的标记，$LCA$在统计数组$A$上打上$-1$的标记，那么题目转化为求一个点的子树和。
考虑上述做法正确性：因为只有$S$到$LCA$路径之间的点会产生贡献，而当这个点位于路径之间时，子树和会产生$1$的贡献，而在$S$的子树中或者$LCA$的上方都不会产生贡献。
具体实现呢？
对于一个点$i$，产生贡献的条件是$deep[S]-deep[i]=w[i]$，同样令$K[i]=deep[i]+w[i]$，当我们$dfs$到$i$时查询$A[k[i]]$的值即为贡献。
为了保证正确性，我们思考统计答案的方式和顺序。
首先我们肯定是在处理完$i$的子树之后再来处理$i$（想想就知道了），然后我们需要再把以$i$出发的向上的路径加入统计数组，再进行查询，最后把以$i$为终点的路径所产生的贡献在统计数组$A$中消除即可。
注意到我们上面维护的仅仅是一个点的深度，由于同一深度的点很多，所以我们查询的时候会发现会把不在同一子树的点统计入答案，那怎么办呢？我们考虑对于一个点要查询子树和，肯定是只要单独地考虑这一个子树的贡献，所以我们可以记录进入$i$时$A[k[i]]$的值，再在访问完$i$的子树之后统计答案时，看一下此时新的$A[k[i]]$的值。
容易发现新的值减掉进入时的，才是真正的$i$的子树中的$A[k[i]]$的值。
这样我们就可以避免把别的子树的答案统计进来了。
对于向下的点做法类似，有一点复杂的地方就是等式变成了$deep[T]-deep[i]=len-w[i]$（$len$为路径长度），发现如果这样做的话会出现负数，那么我们就把统计数组向右平移$3*10^5$位就可以了。
上述做法如果采用的是倍增求$LCA$的话，复杂度就是$O(nlogn)$；
如果用$tarjan$离线求$LCA$的话，可以做到$O(n+m)$。
注意事项
对于树上每个结点，统计答案时不能直接查询在统计数组中的对应的路径条数，
而应该统计$dfs$进入$i$时，和访问完$i$的子树时的变化量。
//It is made by ljh2000
#include <iostream>
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#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <algorithm>
#include <ctime>
#include <vector>
#include <queue>
#include <map>
#include <set>
#include <string>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int MAXN = ;
const int MAXM = ;
int n,m,ecnt,first[MAXN],next[MAXM],to[MAXM],f[MAXN][],deep[MAXN],ans[MAXN],val[MAXN],tong[MAXN],MAXD,w[MAXN],num[];
vector<int>ljh[MAXN],ljh2[MAXN],ljh3[MAXN];
struct node{ int s,t,lca,len;}a[MAXN];
inline int getint(){
int w=,q=; char c=getchar(); while((c<''||c>'') && c!='-') c=getchar();
if(c=='-') q=,c=getchar(); while (c>=''&&c<='') w=w*+c-'',c=getchar(); return q?-w:w;
}
inline void link(int x,int y){ next[++ecnt]=first[x]; first[x]=ecnt; to[ecnt]=y; }
inline void init(int x,int fa){ for(int i=first[x];i;i=next[i]) { int v=to[i]; if(v==fa) continue; deep[v]=deep[x]+; init(v,x); f[v][]=x; } }
inline int lca(int x,int y){
if(deep[x]<deep[y]) swap(x,y); int t=; while((<<t)<=deep[x]) t++; t--;
for(int i=t;i>=;i--) if(deep[x]-(<<i)>=deep[y]) x=f[x][i]; if(x==y) return y;
for(int i=t;i>=;i--) if(f[x][i]!=f[y][i]) x=f[x][i],y=f[y][i]; return f[x][];
} inline void dfs(int x,int fa){
int now=w[x]+deep[x],cun; if(now<=MAXD) cun=tong[now];
for(int i=first[x];i;i=next[i]) {
int v=to[i]; if(v==fa) continue;
dfs(v,x);
}
tong[deep[x]]+=val[x]; if(now<=MAXD) ans[x]=tong[now]-cun;
for(int i=,ss=ljh[x].size();i<ss;i++) tong[deep[ljh[x][i]]]--;
} inline void DFS(int x,int fa){
int now=deep[x]-w[x],cun; now+=; cun=num[now];
for(int i=first[x];i;i=next[i]) {
int v=to[i]; if(v==fa) continue;
DFS(v,x);
}
for(int i=,ss=ljh2[x].size();i<ss;i++) num[+ljh2[x][i]]++;
ans[x]+=num[now]-cun;
for(int i=,ss=ljh3[x].size();i<ss;i++) num[+ljh3[x][i]]--;
} inline void work(){
n=getint(); m=getint(); int x,y; for(int i=;i<n;i++) { x=getint(); y=getint(); link(x,y); link(y,x); }
for(int i=;i<=n;i++) w[i]=getint(); deep[]=; init(,); for(int i=;i<=n;i++) MAXD=max(MAXD,deep[i]);
for(int j=;j<=;j++) for(int i=;i<=n;i++) f[i][j]=f[f[i][j-]][j-];
for(int i=;i<=m;i++) {
a[i].s=getint(),a[i].t=getint(),val[a[i].s]++;
a[i].lca=lca(a[i].s,a[i].t),a[i].len=deep[a[i].s]+deep[a[i].t]-deep[a[i].lca]*;
ljh[a[i].lca].push_back(a[i].s);
}
dfs(,);
for(int i=;i<=m;i++) {
ljh2[a[i].t].push_back(deep[a[i].t]-a[i].len);
ljh3[a[i].lca].push_back(deep[a[i].t]-a[i].len);
}
DFS(,);
for(int i=;i<=m;i++) if(deep[a[i].s]-deep[a[i].lca]==w[a[i].lca]) ans[a[i].lca]--;
for(int i=;i<=n;i++) printf("%d ",ans[i]);
} int main()
{
work();
return ;
}
//It is made by ljh2000
#include <iostream>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <algorithm>
#include <ctime>
#include <vector>
#include <queue>
#include <map>
#include <set>
#include <string>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int MAXN = ;
const int MAXM = ;
int n,m,ecnt,first[MAXN],next[MAXM],to[MAXM],f[MAXN][],deep[MAXN],ans[MAXN],val[MAXN],tong[MAXN],MAXD,w[MAXN],num[];
int head[MAXN],tt[MAXM],nn[MAXM],father[MAXN],vis[MAXN];
vector<int>ljh[MAXN],ljh2[MAXN],ljh3[MAXN];
struct node{ int s,t,lca,len;}a[MAXN];
inline int getint(){
int w=,q=; char c=getchar(); while((c<''||c>'') && c!='-') c=getchar();
if(c=='-') q=,c=getchar(); while (c>=''&&c<='') w=w*+c-'',c=getchar(); return q?-w:w;
}
inline void link(int x,int y){ next[++ecnt]=first[x]; first[x]=ecnt; to[ecnt]=y; }
inline void LINK(int x,int y){ nn[++ecnt]=head[x]; head[x]=ecnt; tt[ecnt]=y; }
inline int find(int x){ if(father[x]!=x) father[x]=find(father[x]); return father[x]; }
inline void init(int x,int fa){
father[x]=x; vis[x]=;
for(int i=head[x];i;i=nn[i]) {
int v=tt[i];
if(x==a[v].s&&vis[a[v].t]) a[v].lca=find(a[v].t);
if(x==a[v].t&&vis[a[v].s]) a[v].lca=find(a[v].s);
}
for(int i=first[x];i;i=next[i]) {
int v=to[i]; if(v==fa) continue;
deep[v]=deep[x]+; init(v,x); father[v]=x;
f[v][]=x;
}
} inline int lca(int x,int y){
if(deep[x]<deep[y]) swap(x,y); int t=; while((<<t)<=deep[x]) t++; t--;
for(int i=t;i>=;i--) if(deep[x]-(<<i)>=deep[y]) x=f[x][i]; if(x==y) return y;
for(int i=t;i>=;i--) if(f[x][i]!=f[y][i]) x=f[x][i],y=f[y][i]; return f[x][];
} inline void dfs(int x,int fa){
int now=w[x]+deep[x],cun; if(now<=MAXD) cun=tong[now];
for(int i=first[x];i;i=next[i]) {
int v=to[i]; if(v==fa) continue;
dfs(v,x);
}
tong[deep[x]]+=val[x]; if(now<=MAXD) ans[x]=tong[now]-cun;
for(int i=,ss=ljh[x].size();i<ss;i++) tong[deep[ljh[x][i]]]--;
} inline void DFS(int x,int fa){
int now=deep[x]-w[x],cun; now+=; cun=num[now];
for(int i=first[x];i;i=next[i]) {
int v=to[i]; if(v==fa) continue;
DFS(v,x);
}
for(int i=,ss=ljh2[x].size();i<ss;i++) num[+ljh2[x][i]]++;
ans[x]+=num[now]-cun;
for(int i=,ss=ljh3[x].size();i<ss;i++) num[+ljh3[x][i]]--;
} inline void work(){
n=getint(); m=getint(); int x,y; for(int i=;i<n;i++) { x=getint(); y=getint(); link(x,y); link(y,x); }
for(int i=;i<=n;i++) w[i]=getint(); ecnt=;
for(int i=;i<=m;i++) { a[i].s=getint(),a[i].t=getint(),val[a[i].s]++; LINK(a[i].s,i); LINK(a[i].t,i);}
deep[]=; init(,); for(int i=;i<=n;i++) MAXD=max(MAXD,deep[i]);
for(int j=;j<=;j++) for(int i=;i<=n;i++) f[i][j]=f[f[i][j-]][j-];
for(int i=;i<=m;i++) {
a[i].len=deep[a[i].s]+deep[a[i].t]-deep[a[i].lca]*;
ljh[a[i].lca].push_back(a[i].s);
}
dfs(,);
for(int i=;i<=m;i++) {
ljh2[a[i].t].push_back(deep[a[i].t]-a[i].len);
ljh3[a[i].lca].push_back(deep[a[i].t]-a[i].len);
}
DFS(,);
for(int i=;i<=m;i++) if(deep[a[i].s]-deep[a[i].lca]==w[a[i].lca]) ans[a[i].lca]--;
for(int i=;i<=n;i++) printf("%d ",ans[i]);
} int main()
{
work();
return ;
}