题意：买卖股票，给你n个数，你可以选择买进或者卖出或者什么都不做，问你最后获得的最大收益是多少。
Examples
Input
9
10 5 4 7 9 12 6 2 10
Output
20
Input
20
3 1 4 1 5 9 2 6 5 3 5 8 9 7 9 3 2 3 8 4
Output
41
In the first example, buy a share at 5, buy another at 4, sell one at 9 and another at 12.
Then buy at 2 and sell at 10. The total profit is - 5 - 4 + 9 + 12 - 2 + 10 = 20.
思路：对于一个数字，如果之后的的数字如果比这个数字还大，那么我们可以当作之前买了一个，然后现在卖出去，可是这样的做
法存在问题，比如1，2，3，66，按照那样的做法，我们的收益是2-1+66-3=64，然而66-1+3-2=66，很明显是错误的。
那么，如果我们把之前的数字a放入优先队列，在遇到b的时候拿出来，把现在的数字b放入有优先队列两次，而收益暂时放
入ans中，假如说，后面有一个数字c用到了现在处于优先队列的队头b，如果我们用了这个b，实际上我们是用c买了之前的
a,原因是这样的，从收益上看，收益是c-b+(b-a)=c-a，而从优先队列上看，队列里面都是只存在b，不存在a，这样的话，
我们就是始终保持当前ans最大，并且当后面的选择与前面选择冲突的时候，让之前的选择充当一个跳板，使得我们的ans
依旧是最优的。
引用：http://blog.csdn.net/Roll_Keyboard/article/details/78145042
（碰到一个大于堆顶的数，将他压入队列两次，一次是为了充当跳板，一次是本身的作用） 代码：
#include<iostream>
#include<queue>
using namespace std; priority_queue<int,vector<int>,greater<int> >q; int main(){
int n,x;
long long ans=0;
cin>>n;
cin>>x;
q.push(x);
for(int i=1;i<n;i++){
cin>>x;
int t=q.top();
if(x>t){
ans+=x-t;
q.pop();
q.push(x);
}
q.push(x);
}
cout<<ans<<endl;
return 0;
}