思路来源

https://blog.csdn.net/sdj222555/article/details/9990131

预备题目

poj1904 King's Quest

n个(n<=2000)王子，n个公主，

已知第i个王子喜欢ki个公主，以下给出k个数代表各个公主编号

最后给出一种完美匹配，代表第j个公主最终选择了哪个王子

要求求出每个王子的可能喜欢的公主集合，使得王子选这个集合里的任意一个公主

都存在方式能达到完美匹配，依次输出第i个王子的公主集合编号，集合内按增序输出

预备题目题解

王子向自己喜欢的公主连边，在完美匹配中公主选择了哪个王子就向哪个王子连边，

不妨把一对夫妻看作一个点缩点，那么，夫妻A和B能换妻当且仅当A的夫指向B的妻，且B的夫指向A的妻

也就是，在新的缩点后的图里，A和B还位于同一个强连通分量里，

由于强连通分量具有类似的传递性，

即A和B位于一个强连通分量里，B和C位于一个强连通分量里，那么ABC一定在一个强连通分量里

只需要求一次强连通分量，去判断和王子在相同的强连通分量里，有哪几个公主，输出即可

预备题目代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<vector>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=2e3+5;
const int M=2e5+1e4;//2e5+2e3 
int head[N*2],cnt;
int low[N*2],dfn[N*2],stack[N*2],par[N*2],num,now,top,tot;
bool In[N*2]; 
int n,k,v,len;
struct edge{int to,next;}e[M];
vector<int>ans;
int Scan()     //输入外挂
{
    int res=0,ch,flag=0;
    if((ch=getchar())=='-')
        flag=1;
    else if(ch>='0'&&ch<='9')
        res=ch-'0';
    while((ch=getchar())>='0'&&ch<='9')
        res=res*10+ch-'0';
    return flag?-res:res;
}
void Out(int a)    //输出外挂
{
    if(a>9)
        Out(a/10);
    putchar(a%10+'0');
}
void init()
{
	memset(head,0,sizeof head);
	memset(In,0,sizeof In);
	memset(low,0,sizeof low);
	memset(dfn,0,sizeof dfn);
	memset(par,0,sizeof par);
	cnt=num=top=tot=0;
}
void add(int u,int v)
{
	e[++cnt].to=v;
	e[cnt].next=head[u];
	head[u]=cnt;
}
void dfs(int u)
{
	low[u]=dfn[u]=++num;
	In[u]=1;
	stack[++top]=u;
	for(int i=head[u];i;i=e[i].next)
	{
		int v=e[i].to;
		if(!dfn[v])
		{
			dfs(v);
			low[u]=min(low[u],low[v]);
		}
		else if(In[v])
		{
			low[u]=min(low[u],dfn[v]);
		}
	}
	if(low[u]==dfn[u])//环的第一个点 
	{
		tot++;
		do
		{
			now=stack[top--];
			par[now]=tot;
			In[now]=0;
		}while(now!=u);
	}
}
int main()
{
	while(~scanf("%d",&n))
	{
		init();
		for(int i=1;i<=n;++i)
		{
			k=Scan();
			for(int j=1;j<=k;++j)
			{
				v=Scan();
				add(i,v+n);
			}
		}
		for(int i=1;i<=n;++i)
		{
			v=Scan();
			add(v+n,i);
		}
		for(int i=1;i<=n;++i)
		if(!dfn[i])dfs(i);
		for(int u=1;u<=n;++u)
		{
			for(int i=head[u];i;i=e[i].next)
			{
				int v=e[i].to;
				if(par[u]==par[v])
				ans.push_back(v-n); 
			}
			sort(ans.begin(),ans.end());
			len=ans.size();
			Out(len);
			for(int i=0;i<len;i++)
			putchar(' '),Out(ans[i]);
			ans.clear();
			puts("");
		}
	}
	return 0;
}

题目

n(n<=500)个王子，m(m<=500)个公主，n、m未必相等

已知第i个王子喜欢ki个公主，以下给出k个数代表各个公主编号，并不给出最大匹配

要求求出每个王子的可能喜欢的公主集合，使得王子选这个集合里的任意一个公主

都存在方式能达到完美匹配，依次输出第i个王子的公主集合编号，集合内按增序输出

题解

考虑类似poj1904的做法，先求出最大匹配，hungary中dfs的时候cx[]cy[]记录一下两边具体连了谁

cx[i]记录第i个王子选择了哪个公主，cy[j]记录了第j个公主选择了哪个王子

求得一种匹配方案，然后在这种方案里把cx[i]向i连边

考虑没有被匹配的王子cx[k]，对每个cx[k]都建一个虚拟公主，使之被cx[k]匹配，且被所有王子喜欢

同理，考虑所有没被匹配的公主cy[l]，对每个cy[l]都建一个虚拟王子，使之被cy[l]匹配，且喜欢所有公主

这样如果最大匹配个数为x，没被匹配上的王子为n-x，没被匹配上的公主为m-x

虚拟王子就为m-x个，虚拟公主就为n-x个，总的王子和公主个数各为n+m-x个，

两边王子公主相等之后，再求一遍SCC，将实际存在的公主编号存入王子集合即可

感性理解一下，之所以可行，是王子1匹配了公主A，王子2匹配了虚拟公主B，

1、2、A、B位于同一强连通分量内，就相当于可等价为，王子1匹配了虚拟公主B，王子2匹配了A，二者可换

代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<vector>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=1005;
const int M=N*N;//N*N+N 
int head[N*2],cnt;
int cx[N*2],cy[N*2];
int low[N*2],dfn[N*2],stack[N*2],par[N*2],num,now,top,tot;
bool In[N*2],vis[N*2]; 
int t,n,m,k,v,len,mx,all;
struct edge{int to,next;}e[M];
vector<int>ans;
void init()
{
	memset(head,0,sizeof head);
	memset(In,0,sizeof In);
	memset(low,0,sizeof low);
	memset(dfn,0,sizeof dfn);
	memset(par,0,sizeof par);
	cnt=num=top=tot=0;
}
void add(int u,int v)
{
	e[++cnt].to=v;
	e[cnt].next=head[u];
	head[u]=cnt;
}
void tarjan(int u)
{
	low[u]=dfn[u]=++num;
	In[u]=1;
	stack[++top]=u;
	for(int i=head[u];i;i=e[i].next)
	{
		int v=e[i].to;
		if(!dfn[v])
		{
			tarjan(v);
			low[u]=min(low[u],low[v]);
		}
		else if(In[v])
		{
			low[u]=min(low[u],dfn[v]);
		}
	}
	if(low[u]==dfn[u])//环的第一个点 
	{
		tot++;
		do
		{
			now=stack[top--];
			par[now]=tot;
			In[now]=0;
		}while(now!=u);
	}
}
bool dfs(int u)
{
	for(int i=head[u];i;i=e[i].next)
	{
		int v=e[i].to;
		if(!vis[v])
		{
			vis[v]=1;
			if(cy[v]==-1||dfs(cy[v]))
			{
				cx[u]=v;
				cy[v]=u;
				return 1;
			}
		}
	}
	return 0;
}
int hungary()
{
	int res=0;
	memset(vis,0,sizeof vis);
	memset(cx,-1,sizeof cx);
	memset(cy,-1,sizeof cy);
	for(int i=1;i<=n;++i)
	{
		memset(vis,0,sizeof vis);
		res+=dfs(i);
	}
	return res;
}
int main()
{
	scanf("%d",&t);
	for(int cas=1;cas<=t;++cas)
	{
		scanf("%d%d",&n,&m);
		mx=max(n,m);
		init();
		for(int i=1;i<=n;++i)
		{
			scanf("%d",&k);
			for(int j=1;j<=k;++j)
			{
				scanf("%d",&v);
				add(i,v+mx);
			}
		}
		hungary();
		for(int i=1;i<=n;++i)
		if(~cx[i])add(cx[i],i);//存在最大匹配
		all=2*mx;//[1,mx][mx+1,2*mx]是实际的王子 公主 
		for(int i=1;i<=n;++i)
		{
			if(~cx[i])continue;
			all++;//虚拟公主 被所有人喜欢 匹配给没有公主的王子 
			for(int j=1;j<=n;++j)
			add(j,all);
			cx[i]=all;cy[all]=i;add(all,i);
		} 
		for(int i=mx+1;i<=mx+m;++i)
		{
			if(~cy[i])continue;
			all++;//虚拟王子 喜欢所有公主 匹配给没有王子的公主
			for(int j=mx+1;j<=mx+m;++j)
			add(all,j);
			cx[all]=i;cy[i]=all;add(i,all); 
		} 
		for(int i=1;i<=all;++i)
		if(!dfn[i])tarjan(i);
		printf("Case #%d:\n",cas);
		for(int u=1;u<=n;++u)
		{
			for(int i=head[u];i;i=e[i].next)
			{
				int v=e[i].to;
				if(par[u]==par[v]&&v<=2*mx) 
				ans.push_back(v-mx); 
			}
			sort(ans.begin(),ans.end());
			len=ans.size();
			printf("%d",len);
			for(int i=0;i<len;i++)
			printf(" %d",ans[i]);
			ans.clear();
			puts("");
		}
	}
	return 0;
}