题目
解说
刚看完这道题感觉还是挺乱的，可能那时候脑子不太清醒，一度觉得自己又要重拾Tarjan了。当然最后还是发觉应该用树形DP。
（以下dp[u]代表以u为根的包括自己在内的子树的最大利润，bool g[u]表示u及其子树的方案数是否唯一，唯一则为0，否则为1，t[u]代表u的次数，v[u]代表u的价值）
计算最大利润确实挺简单。有点像之前做过的空调教室，但是多了次数限制和负数，但这不难处理。计算u的时候因为每个儿子在走完之后必须返回u来回到根节点，因此我们只能对儿子的dp值进行排序，选取前t[u]-1个，并且遇到负数立即停止因为接下来选的负数只能使总价值变小。
那么怎么处理方案是否唯一呢？
我们开一个bool数组g表示u及其子树的方案数是否唯一。显然，只有以下3种情况下方案数不唯一：
某个取得的儿子dp值为0(选不选都可以)
某个取得的儿子g值为1(在这颗子树中有不同的路径)
下个未选的儿子和最后选择的儿子f值相同(可以替换)（我写的时候忽略了这一点但是还是A了，大约是数据太弱了）
那么就从根开始递归一遍就可以了哦，最后看dp[1]和g[1]就可以了。
（部分实在想不上来的做法参考了DZN大佬的，谢谢啦~）
代码
1 #include<bits/stdc++.h>
2 using namespace std;
3 const int maxn=100000+5,Inf=2147483647;
4 inline int read(){
5 int s=0,w=1;
6 char ch=getchar();
7 while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')w=-1;ch=getchar();}
8 while(ch>='0'&&ch<='9') s=s*10+ch-'0',ch=getchar();
9 return s*w;
10 }
11 int n,head[maxn],tot,v[maxn],t[maxn],dp[maxn];
12 bool g[maxn];
13 struct node{
14 int to,next;
15 }e[2*maxn];
16 void Add(int a,int b){
17 e[tot].to=b;
18 e[tot].next=head[a];
19 head[a]=tot;
20 tot++;
21 }
22 void dfs(int x,int fa){
23 priority_queue<pair<int,int> > q;//按照dp值大小排序
24 for(int i=head[x];i;i=e[i].next){
25 int v=e[i].to;
26 if(v==fa) continue;
27 dfs(v,x);
28 q.push(make_pair(dp[v],v));
29 }
30 int num=0,sum=0,judge=0;
31 while(!q.empty()&&num<t[x]-1){
32 if(q.top().first<0) break;//出现拖后腿的立即停止
33 if(q.top().first==0){//有0说明方案不为1，
34 //且0后面要么是0要么是负的，都无法做贡献，直接退
35 judge=1;
36 break;
37 }
38 sum+=q.top().first;
39 if(g[q.top().second]==1) judge=1;
40 q.pop();
41 num++;
42 }
43 dp[x]=sum+v[x];
44 g[x]=judge;
45 }
46 int main(){
47 tot=1;
48 t[1]=Inf;//注意自己家可以走无数次
49 n=read();
50 for(int i=2;i<=n;i++) v[i]=read();
51 for(int i=2;i<=n;i++) t[i]=read();
52 for(int i=1;i<=n-1;i++){
53 int x,y;
54 x=read(); y=read();
55 Add(x,y);
56 Add(y,x);
57 }
58 dfs(1,0);
59 printf("%d\n",dp[1]);
60 if(g[1]) printf("solution is not unique");
61 else printf("solution is unique");
62 return 0;
63 }
View Code
幸甚至哉，歌以咏志。