Mayan游戏
题目描述
Mayan puzzle是最近流行起来的一个游戏。游戏界面是一个 7 行5 列的棋盘，上面堆放着一些方块，方块不能悬空堆放，即方块必须放在最下面一行，或者放在其他方块之上。游戏通关是指在规定的步数内消除所有的方块，消除方块的规则如下：
1 、每步移动可以且仅可以沿横向（即向左或向右）拖动某一方块一格：当拖动这一方块时，如果拖动后到达的位置（以下称目标位置）也有方块，那么这两个方块将 交换位置（参见输入输出样例说明中的图6 到图7 ）；如果目标位置上没有方块，那么被拖动的方块将从原来的竖列中抽出，并从目标位置上掉落（直到不悬空，参见下面图1 和图2）；
2 、任一时刻，如果在一横行或者竖列上有连续三个或者三个以上相同颜色的方块，则它们将立即被消除（参见图1 到图3）。
注意：
a) 如果同时有多组方块满足消除条件，几组方块会同时被消除（例如下面图4 ，三个颜色为1 的方块和三个颜色为 2 的方块会同时被消除，最后剩下一个颜色为 2 的方块）。
b) 当出现行和列都满足消除条件且行列共享某个方块时，行和列上满足消除条件的所有方块会被同时消除（例如下面图5 所示的情形，5 个方块会同时被消除）。
3 、方块消除之后，消除位置之上的方块将掉落，掉落后可能会引起新的方块消除。注意：掉落的过程中将不会有方块的消除。
上面图1 到图 3 给出了在棋盘上移动一块方块之后棋盘的变化。棋盘的左下角方块的坐标为（0, 0 ），将位于（3, 3 ）的方块向左移动之后，游戏界面从图 1 变成图 2 所示的状态，此时在一竖列上有连续三块颜色为4 的方块，满足消除条件，消除连续3 块颜色为4 的方块后，上方的颜色为3 的方块掉落，形成图 3 所示的局面。
输入输出格式
输入格式：
输入文件mayan.in，共 6 行。
第一行为一个正整数n ，表示要求游戏通关的步数。
接下来的5 行，描述 7*5 的游戏界面。每行若干个整数，每两个整数之间用一个空格隔开，每行以一个0 结束，自下向上表示每竖列方块的颜色编号（颜色不多于10种，从1 开始顺序编号，相同数字表示相同颜色）。
输入数据保证初始棋盘中没有可以消除的方块。
输出格式：
输出文件名为mayan.out。
如果有解决方案，输出 n 行，每行包含 3 个整数x，y，g ，表示一次移动，每两个整数之间用一个空格隔开，其中（x
，y）表示要移动的方块的坐标，g 表示移动的方向，1 表示向右移动，-1表示向左移动。注意：多组解时，按照 x 为第一关健字，y
为第二关健字，1优先于-1 ，给出一组字典序最小的解。游戏界面左下角的坐标为（0 ，0 ）。
如果没有解决方案，输出一行，包含一个整数-1。
输入输出样例
3
1 0
2 1 0
2 3 4 0
3 1 0
2 4 3 4 0
2 1 1
3 1 1
3 0 1
说明
【输入输出样例说明】
按箭头方向的顺序分别为图6 到图11
样例输入的游戏局面如上面第一个图片所示，依次移动的三步是：（2 ，1 ）处的方格向右移动，（3，1 ）处的方格向右移动，（3 ，0）处的方格向右移动，最后可以将棋盘上所有方块消除。
【数据范围】
对于30% 的数据，初始棋盘上的方块都在棋盘的最下面一行；
对于100%的数据，0 < n≤5 。
noip2011提高组day1第3题
【题解】
阻止我AK掉人品的一道题。。不过在考场上可能多1h就能A了吧。。
留了两个半小时敲这个题，时间长感觉有点松懈了。。
还有两个月NOIP，两个月后可能场上可A？
这里有三个剪枝
1、右边左拉等价左边右拉，所以只有左边为0时才左拉，否则右拉
2、若右拉的格子颜色等于他的右边， 交换就没有意义了
3、某种颜色>=1<=2，方案不可行
注意消除的时候，横着消的地方要同时处理竖着消，竖着消的地方要
同时处理横着消，可能有2~4个点卡这个地方？
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#define max(a, b) ((a) > (b) ? (a) : (b)) inline void read(int &x)
{
x = ;char ch = getchar(), c = ch;
while(ch < '' || ch > '')c = ch, ch = getchar();
while(ch <= '' && ch >= '')x = x * + ch - '', ch = getchar();
if(c == '-')x = -x;
} int ma, g[][], flag; char dir[];
int ansx[], ansy[]; struct Node
{
int g[][], re, num[];
Node()
{
re = ;
memset(g, , sizeof(g));
}
};
inline void put(Node a)
{
for(register int i = ;i <= ;++ i)
{
for(register int j = ;j <= ;++ j)
printf("%d ", a.g[i][j]);
putchar('\n');
}
putchar('\n');
putchar('\n');
}
inline void swap(int &a, int &b)
{
int tmp = a;a = b;b = tmp;
} int del(int x, int y, Node& tmp)
{
//左右删除
int l = y, r = y;
int color = tmp.g[x][y];
while(color == tmp.g[x][l]) -- l;
++ l;
while(color == tmp.g[x][r]) ++ r;
-- r;
if(r - l + >= )
{
for(register int i = l;i <= r;++ i)
tmp.g[x][i] = ;
tmp.re -= (r - l + );
tmp.num[color] -= (r - l + );
for(register int i = l;i <= r;++ i)
{
tmp.g[x][i] = color;
++ tmp.re;
++ tmp.num[color];
int up = x, down = x;
while(color == tmp.g[up][i])-- up;
++ up;
while(color == tmp.g[down][i])++ down;
-- down;
if(down - up + >= )
{
for(register int j = up;j <= down;++ j)
tmp.g[j][i] = ;
tmp.re -= (down - up + );
tmp.num[color] -= (down - up + );
}
else -- tmp.re, tmp.g[x][i] = , --tmp.num[color];
}
return ;
} //上下
int up = x, down = x;
while(color == tmp.g[up][y])-- up;
++ up;
while(color == tmp.g[down][y])++ down;
-- down;
if(down - up + >= )
{
for(register int i = up;i <= down;++ i)
tmp.g[i][y] = , --tmp.num[color];
tmp.re -= (down - up + );
for(register int i = up;i <= down;++ i)
{
++ tmp.re, tmp.g[i][y] = color, ++tmp.num[color];
int l = y, r = y;
while(tmp.g[i][l] == color)-- l;
++ l;
while(tmp.g[i][r] == color)++ r;
-- r;
if(r - l + >= )
{
for(register int a = l;a <= r;++ a)
tmp.g[i][a] = ;
tmp.re -= (r - l + );
tmp.num[color] -= (r - l + );
}
else -- tmp.re, tmp.g[i][y] = , --tmp.num[color];
} return ;
}
return ;
} int diao(Node& tmp)
{
int re = ;
for(register int j = ;j <= ;++ j)
{
int now = ;
for(register int i = ;i >= ;-- i)
{
if(tmp.g[i][j] && now - == i)-- now;
else if(tmp.g[i][j])
{
tmp.g[now - ][j] = tmp.g[i][j];
tmp.g[i][j] = ;
re = ;
-- now;
}
}
}
return re;
}
int k;
void dfs(int step, Node now)
{
for(register int i = ;i <= ;++ i)
if(now.num[i] > && now.num[i] < )return;
//如果步数走完了
if(step > ma)
{
//没有剩下的了
if(now.re == )
{
//输出方案
flag = ;
for(register int i = ;i <= ma;++ i)
printf("%d %d %d\n", ansy[i] - , ansx[i] - , dir[i]);
return;
}
return;
}
Node re; //枚举拉点(i,j)
for(register int j = ;j <= ;++ j)
{
for(register int i = ;i >= ;-- i)
{
//如果(i,j)有方块
if(now.g[i][j])
{
re = now;
if(i == && j == && step == )
++ k;
if(i == && j == && step == )
++ k;
if(i == && j == && step == )
++ k;
if(i == && j == && step == )
++ k;
//右拉
if(j < )
{
//右拉有意义
if(re.g[i][j] != re.g[i][j + ])
{
//拉动
swap(re.g[i][j], re.g[i][j + ]);
//掉落
int tmp1 = i, tmp2 = j;
while(!re.g[tmp1 + ][tmp2] && tmp1 + <= )
{
swap(re.g[tmp1 + ][tmp2], re.g[tmp1][tmp2]);
++ tmp1;
}
//连环操作
int f = ;
//如果上一次删除成功，需要重新扫描、删除
while(true)
{
f = ;
//对于每个点(x,y),尝试进行删除
for(register int x = ;x <= ;++x)
{
for(register int y = ;y <= ;++ y)
{
//如果(x,y)没有颜色，就不尝试删除了
if(!re.g[x][y])continue;
//尝试删除
del(x, y, re);
}
}
//掉落
f = diao(re);
//回去，直到没有更新为止
if(!f)break;
}
//记录答案
ansx[step] = - i + ;
ansy[step] = j;
dir[step] = ;
dfs(step + , re);
if(flag)return;
}
}
re = now;
if(i == && j == && step == )
++ k;
//左拉
if(j > && re.g[i][j - ] == )
{
if(re.g[i][j] != re.g[i][j - ])
{
//拉动
swap(re.g[i][j], re.g[i][j - ]);
//掉落
int tmp1 = i, tmp2 = j;
while(!re.g[tmp1 + ][tmp2] && tmp1 + <= )
{
swap(re.g[tmp1 + ][tmp2], re.g[tmp1][tmp2]);
++ tmp1;
}
//连环操作
int f = ;
//如果上一次删除成功，需要重新扫描、删除
while(true)
{
f = ;
//对于每个点(x,y),尝试进行删除
for(register int x = ;x <= ;++x)
{
for(register int y = ;y <= ;++ y)
{
//如果(x,y)没有颜色，就不尝试删除了
if(!re.g[x][y])continue;
//尝试删除
f = del(x, y, re);
}
}
//掉落
f = diao(re);
//回去，直到没有更新为止
if(!f)break;
}
//记录答案
ansx[step] = - i + ;
ansy[step] = j;
dir[step] = -;
dfs(step + , re);
if(flag)return;
}
}
}
}
}
} int main()
{
read(ma);
register int tmp, num = ;
Node tt;
for(register int i = ;i <= ;++ i)
{
int j = ;
read(tmp);
while(tmp)tt.g[j][i] = tmp, -- j, ++num, ++ tt.num[tmp], read(tmp);
}
tt.re = num;
dfs(, tt);
if(!flag)printf("-1");
return ;
}
NOIP2011 Day1T3