题面
Description
作为一个生活散漫的人，小Z每天早上都要耗费很久从一堆五颜六色的袜子中找出一双来穿。终于有一天，小Z再也无法忍受这恼人的找袜子过程，于是他决定听天由命……
具体来说，小Z把这N只袜子从1到N编号，然后从编号L到R(L 尽管小Z并不在意两只袜子是不是完整的一双，甚至不在意两只袜子是否一左一右，他却很在意袜子的颜色，毕竟穿两只不同色的袜子会很尴尬。
你的任务便是告诉小Z，他有多大的概率抽到两只颜色相同的袜子。当然，小Z希望这个概率尽量高，所以他可能会询问多个(L,R)以方便自己选择。
Input
第一行包含两个正整数N和M。N为袜子的数量，M为小Z所提的询问的数量。
接下来一行包含N个正整数Ci，其中Ci表示第i只袜子的颜色，相同的颜色用相同的数字表示。
再接下来M行，每行两个正整数L，R表示一个询问。
Output
包含M行，对于每个询问在一行中输出分数A/B表示从该询问的区间[L,R]中随机抽出两只袜子颜色相同的概率。若该概率为0则输出0/1，否则输出的A/B必须为最简分数。（详见样例）
Sample Input
6 4
1 2 3 3 3 2
2 6
1 3
3 5
1 6
Sample Output
2/5
0/1
1/1
4/15
Hint
样例说明：
询问1：共C(5,2)=10种可能，其中抽出两个2有1种可能，抽出两个3有3种可能，概率为(1+3)/10=4/10=2/5。
询问2：共C(3,2)=3种可能，无法抽到颜色相同的袜子，概率为0/3=0/1。
询问3：共C(3,2)=3种可能，均为抽出两个3，概率为3/3=1/1。
注：上述C(a, b)表示组合数，组合数C(a, b)等价于在a个不同的物品中选取b个的选取方案数。
数据范围：
30%的数据中 N,M ≤ 5000；
60%的数据中 N,M ≤ 25000；
100%的数据中 N,M ≤ 50000，1 ≤ L < R ≤ N，Ci ≤ N。
题解
莫队板子题
（主要是今天考试大佬们直接用莫队写。。。蒟蒻还是学一下）
感觉，不是很难？？？
莫队主要利用某些题目可以用(l..r)的答案在较低复杂度下可以推出(l..r+1)(l..r-1)(l-1..r)(l+1..r)的问题
这道题目显然可以利用(l..r)推出相邻的区间
答案也不难推出是 ΣC(2,color[i])/C(2,r-l+1)
其中color[i]表示第i种颜色出现的次数
下面那个东西可以直接算，所以我们只需要考虑上面的东西怎么计算
我们可以利用一个数组记录每一种颜色出现的次数
然后，如果现在某一种颜色增加了/减少了一个
那么，最终的方案可以直接计算
变化值为(color[i]-(color[i]±1))^2，可以在O(1)的时间中计算
那么，如果按照题目顺序直接在线做
肯定就计算了大量的重合的区间，
利用莫队（优美的暴力？？？）
通过提前的分块/排序，尽最大可能的重复利用已经计算的数值
上面的东西说起来好缥缈，如果没有理解请参考代码。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<vector>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define MAX 51000
#define MAXQ 51000
inline long long read()
{
register long long x=0,t=1;
register char ch=getchar();
while(ch!='-'&&(ch<'0'||ch>'9'))ch=getchar();
if(ch=='-'){t=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-48;ch=getchar();}
return x*t;
}
struct Ask
{
long long l,r,id;//左区间，右区间，编号
long long t;//属于哪一个块
}q[MAXQ];
struct Answer
{
long long a,b;//a分之b
}Ans[MAX];
long long N,M,c[MAX];
long long color[MAX];
long long A;
int gcd(int a,int b)
{
if(a>b)swap(a,b);
return a==0?b:gcd(b%a,a);
}
inline bool cmp(Ask a,Ask b)//按照左端点为第一关键字，右端点为第二关键字排序
{
if(a.t==b.t)//同一个块
return a.r<b.r;//右端点比较
else
return a.t<b.t;//按照块来比较
}
inline void count(long long x,long long k)//将当前的位置 从x位置 移动k个位置（左/右)
{
//根据(l...r)推出相邻区间
A-=color[c[x]]*color[c[x]];
color[c[x]]+=k;//修改当前颜色的个数
A+=color[c[x]]*color[c[x]];
}
int main()
{
N=read();M=read();
long long Len=sqrt(N);//每一个块的大小
for(int i=1;i<=N;++i)c[i]=read();
for(int i=1;i<=M;++i)
{
q[i].l=read(),q[i].r=read();
q[i].id=i;q[i].t=(q[i].l-1)/Len+1;
}
sort(&q[1],&q[M+1],cmp);//按照左端点进行排序
long long l=1,r=0;//初始区间
for(int i=1;i<=M;++i)//依次处理每一个询问
{
while(l>q[i].l)count(l-1,1),l--;//将l计算到询问的位置
while(l<q[i].l)count(l,-1),l++;
while(r>q[i].r)count(r,-1),r--;//将r计算到询问的位置
while(r<q[i].r)count(r+1,1),r++;
if(q[i].l==q[i].r)//无解，输出{0,1}
{
Ans[q[i].id]=(Answer){0,1};
continue;
}
Ans[q[i].id]=(Answer){A-(r-l+1),1LL*(r-l+1)*(r-l)};//记录结果
}
for(int i=1;i<=M;++i)//输出每一个询问
{
//long long d=gcd(Ans[i].a,Ans[i].b);//自己手打gcd太慢了。。。。
long long d=__gcd(Ans[i].a,Ans[i].b);//求gcd
if(d>1)
printf("%lld/%lld\n",Ans[i].a/d,Ans[i].b/d);
else
printf("%lld/%lld\n",Ans[i].a,Ans[i].b);
}
return 0;
}