CSP-S2020 T3 函数调用
洛谷传送门 —— Code来自fysbb
分析:
题面自己去读吧
我们设此函数为 $F\raisebox{0.7em}{t=1,2,3}$
当 $F\raisebox{0.7em}{t=1}$ 时乘了 $K$ 次,那就是此函数被调用了 $K$ 次
但这时 $F\raisebox{0.7em}{t=1}$ 与 $F\raisebox{0.7em}{t=2}$ 都有可能出现,
那么 $F\raisebox{0.7em}{t=2}$ 的调用的先后顺序就会对 $F\raisebox{0.7em}{t=1}$ 产生了影响
因此,$F\raisebox{0.7em}{t=2}$ 的调用,就必然会对 $F\raisebox{0.7em}{t=1}$ 产生贡献 $——$ 每一个 $F\raisebox{0.7em}{t=2}$ 的乘积。
还有 $F\raisebox{0.7em}{t=3}$ 的情况,首先它不会递归处理,其次得注意上面的情况,
即我们可以 ① 计算函数被调用的次数; ② 计算 $F\raisebox{0.7em}{t=3}$ 中嵌套的 $F\raisebox{0.7em}{t=2}$ 带来的贡献
注意:
① 倒序处理序列
② 依照函数处理的顺序进行处理
剩下的看代码吧
分三段看
$$
1.Operating1 —— 处理F\raisebox{0.7em}{t=3}的贡献 \
2.Operating2 —— 倒序处理原序列,计算乘对答案的贡献后,统计答案 \
3.Operating3 —— 处理函数对每一个子函数的贡献
$$
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#define MOD 998244353 // 模数
#define INF int(1e5 + 10) // n 最大上限,注意数组越界 要稍微开大
#define IL inline
#define RE register
typedef long long ll;
struct node
{
int type;
int tot;
int v;
int flag;
int num;
ll q; // 因为加数可能会加的很大,于是就开 long long
ll sum;
int *next;
/*
* type : function 类型
* tot : function 总数(function 3)
* v : function value
* flag : function 是否被处理
* num : function 包含 function 的数目
* q : function 的 加数 / 乘数
* sum : function 乘对函数的贡献
* */
node() {
type = tot = v = flag = sum = num = 0; // 赋初值
q = 1;
next = NULL; // NOLINT
}
};
node f[INF];
int a[INF]; // 需要处理的序列
int num[INF]; // 函数处理的编号
ll ans[INF];
int n, m, t;
IL int read_int() // 快读 int
{
RE int s = 0;
RE int w = 1;
RE char ch = getchar();
while (ch < '0' || ch > '9') {
if (ch == '-') {
w = -1;
}
ch = getchar();
}
while (ch >= '0' && ch <= '9') {
s = (s << 3) + (s << 1) + ch - '0';
ch = getchar();
}
return s * w;
}
IL ll read_ll() // 快读 long long
{
RE ll s = 0;
RE ll w = 1;
RE char ch = getchar();
while (ch < '0' || ch > '9') {
if (ch == '-') {
w = -1;
}
ch = getchar();
}
while (ch >= '0' && ch <= '9') {
s = (s << 3) + (s << 1) + ch - '0';
ch = getchar();
}
return s * w;
}
void read() // 总读 自己看理解
{
n = read_int(); // 读入
for (int i = 1; i <= n; i ++) {
a[i] = read_int(); // 读入需要处理的序列
}
m = read_int();
for (int i = 1; i <= m; i ++) {
f[i].type = read_int(); // 读入 function 类型
switch (f[i].type) {
case 1:
f[i].v = read_int();
f[i].q = read_ll(); // 注意 f[i].q 的类型
f[i].flag = 1;
break;
case 2:
f[i].q = read_ll();
f[i].flag = 1;
break;
case 3:
f[i].tot = read_int();
f[i].next = (int *) calloc(f[i].tot + 2, sizeof(int)); // 动态分配内存,+1可能会爆,不妨开大些
for (int j = 1; j <= f[i].tot; j ++) {
f[i].next[j] = read_int(); // 读入运行的函数顺序
}
}
}
t = read_int();
for (int i = 1; i <= t; i ++) { // 读入函数处理的顺序
num[i] = read_int();
}
}
ll dfs(int q)
{
if (f[q].flag == 1) { // 出口,是否处理过了
if (f[q].type != 1) { // 如果不是 function 1 的话,直接返回加数
return f[q].q;
} else {
return 1; // 因为 function 1 的加数只有 1 倍,直接返回即可
}
}
f[q].flag = 1; // 没处理过标记成处理
for (int i = f[q].tot; i >= 1; i --) { // 需要倒着求,
f[q].q = f[q].q * dfs(f[q].next[i]) % MOD; // 记得模上 MOD 否则会爆
f[f[q].next[i]].num ++; // 包含的函数 + 1
}
return f[q].q;
}
void operating_1()
{
for (int i = 1; i <= m; i ++) { // 进行处理
if (f[i].flag == 0) {
dfs(i);
}
}
}
void operating_2()
{
ll q = 1;
for (int i = t; i >= 1; i --) { // 倒序处理
switch (f[num[i]].type) {
case 1:
f[num[i]].sum = (f[num[i]].sum + q) % MOD; // 单点加
break;
case 2:
q = q * f[num[i]].q % MOD; // 全部都乘
break;
case 3:
f[num[i]].sum = (f[num[i]].sum + q) % MOD; // 先加
q = q * f[num[i]].q % MOD; // 后乘
break;
}
}
for (int i = 1; i <= n; i ++) {
ans[i] = a[i] * q % MOD; // 处理原序列,统计贡献
}
}
void operating_3()
{
ll q;
int l;
int *p;
int head = 0, tail = 0;
p = (int *) calloc(m + 5, sizeof(int)); // 动态分配,基本同上
for (int i = 1; i <= m; i ++) {
if (f[i].num == 0) {
p[tail ++] = i; // 利用
}
}
while (head < tail)
{
l = p[head ++]; // 利用一个队列,按照顺序进行
switch (f[l].type) {
case 1:
ans[f[l].v] = (ans[f[l].v] + f[l].q * f[l].sum) % MOD;
break;
case 3:
q = f[l].sum;
for (int i = f[l].tot; i >= 1; i --) {
int next = f[l].next[i];
if (-- f[next].num == 0) {
p[tail ++] = next;
}
switch (f[next].type) { // 和上面的一样,统计答案贡献
case 1:
f[next].sum = (f[next].sum + q) % MOD;
break;
case 2:
q = q * f[next].q % MOD;
break;
case 3:
f[next].sum = (f[next].sum + q) % MOD;
q = q * f[next].q % MOD;
break;
}
}
break;
}
}
for (int i = 1; i <= n; i ++) {
printf("%lld ", ans[i]); // 输出
}
}
int main()
{
read();
operating_1();
operating_2();
operating_3();
return 0;
}