数据范围与提示

• 题解：

  • 单点询问可以用高斯消元；
  • 这个做法直接扩展到集合的话可以求出到$S$中任意一个点的期望步数；
  • 如果对于一种状态，记录$S$中每个点被走到的步数$t$；
  • 那么$S$中每个点都走到就是$t$的最大值，而刚刚求出来的是$t$的最小值；
  • 套用最值反演：$max{S} = \sum_{T \subseteq S ,T \neq \emptyset }  (-1)^{|T|-1} min{T}$；
  • 现在只需要快速求出到$S$中任意一个点的期望步数，设$f_{u}$为$u$到$S$的期望步数：
  • 可以得到：
  • $f_{u} = \frac{1}{d_{u}}  \sum_{v} f_{v} + 1 $
  • 这里$v$表示和$u$相邻的点；
  • 由于是一颗树，单独考虑父亲；
  • $f_{u} = \frac{1}{d_{u}} f_{fa} + \frac{1}{d_{u}} \sum_{v}f_{v} + 1$ ①
  • 这里$v$表示$u$的儿子节点；
  • 假设已经处理好了$u$的儿子，为了能够递推，将式子写成：
  • $f_{u} = A_{u}f_{fa} + B_{u}$ ②
  • 那么$A_{v}$和$B_{v}$是已经处理好的，对①中的$v$用②，再对比化简的①和②：
  • $$f_{u} = \frac{1}{d_{u} - \sum_{v}A_{v} } f_{fa} + \frac{d_{u} + \sum_{v}B_{v} }{d_{u} - \sum_{v} A_{v}}$$
  • 这样就可以$O(n)$递推$AB$
  • 用$fmt$处理反演部分的话，复杂度就是：$O(n2^n \ + \ q )$;

•  #include<bits/stdc++.h>
  
   #define mod 998244353
  
   using namespace std;
  
   const int N=,M=;
  
   int n,q,s,S,num[<<],f[<<],o=,hd[N],A[N],B[N],d[N],inv[M];
  
   struct Edge{int v,nt;}E[N<<];
  
   void adde(int u,int v){
  
       E[o]=(Edge){v,hd[u]};hd[u]=o++;
  
       E[o]=(Edge){u,hd[v]};hd[v]=o++;
  
   }
  
   inline int Inv(int x){return x<1e5?inv[x]:1ll*(mod-mod/x)*Inv(mod%x)%mod;}
  
   void dfs(int u,int fa){
  
       if(S&<<(u-)){A[u]=B[u]=;return;}
  
       int s1=,s2=;
  
       for(int i=hd[u];i;i=E[i].nt){
  
           int v=E[i].v;
  
           if(v==fa)continue;
  
           dfs(v,u);
  
           s1=(s1+A[v])%mod,s2=(s2+B[v])%mod;
  
       }
  
       A[u]=Inv((d[u]-s1+mod)%mod);
  
       B[u]=1ll*A[u]*(s2+d[u])%mod;
  
   }
  
   int main(){
  
       #ifndef ONLINE_JUDGE
  
       freopen("loj2542.in","r",stdin);
  
       freopen("loj2542.out","w",stdout);
  
       #endif
  
       scanf("%d%d%d",&n,&q,&s);
  
       inv[]=;
  
       for(int i=;i<=1e5;++i)inv[i]=1ll*(mod-mod/i)*inv[mod%i]%mod;
  
       for(int i=,u,v;i<n;++i){
  
           scanf("%d%d",&u,&v);
  
           adde(u,v);
  
           d[u]++,d[v]++;
  
       }
  
       for(int i=;i<<<n;++i){
  
           S=i;dfs(s,);
  
           num[i]=num[i>>]+(i&);
  
           f[i]=(num[i]&)?B[s]:(mod-B[s])%mod;
  
       }
  
       for(int i=;i<n;++i)
  
       for(int j=<<i;j<<<n;++j){
  
           if(j>>i&)f[j]=(f[j]+f[j^(<<i)])%mod;
  
       }
  
       for(int i=,k;i<=q;++i){
  
           scanf("%d",&k);
  
           S=;for(int j=,x;j<=k;++j)scanf("%d",&x),S^=<<(x-);
  
           printf("%d\n",f[S]);
  
       }
  
       return ;
  
   }