【BZOJ】【1415】【NOI2005】聪聪和可可

数学期望+记忆化搜索


  论文:《浅析竞赛中一类数学期望问题的解决方法》——汤可因  中的第一题……

  Orz 黄学长

  我实在是太弱,这么简单都yy不出来……

  宽搜预处理有点spfa的感觉= =凡是更新了的,都要重新入队更新一遍……

  dp的记忆化搜索过程好厉害……

  期望这里一直很虚啊,赶紧再多做点题熟悉熟悉……

 /**************************************************************
Problem: 1415
User: Tunix
Language: C++
Result: Accepted
Time:208 ms
Memory:17240 kb
****************************************************************/ //BZOJ 1415
#include<cstdio>
#include<queue>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define rep(i,n) for(int i=0;i<n;++i)
#define F(i,j,n) for(int i=j;i<=n;++i)
#define D(i,j,n) for(int i=j;i>=n;--i)
#define pb push_back
using namespace std;
typedef long long LL;
inline int getint(){
int r=,v=; char ch=getchar();
for(;!isdigit(ch);ch=getchar()) if (ch=='-') r=-;
for(; isdigit(ch);ch=getchar()) v=v*-''+ch;
return r*v;
}
const int N=,M=;
/*******************template********************/ struct edge{int to,next;}E[M<<];
int head[N],cnt;
void add(int x,int y){
E[++cnt]=(edge){y,head[x]}; head[x]=cnt;
E[++cnt]=(edge){x,head[y]}; head[y]=cnt;
} int n,m,S,T,p[N][N],d[N][N],du[N];
queue<int>Q;
void bfs(int x){
Q.push(x);
d[x][x]=;
while(!Q.empty()){
int now=Q.front(),tmp=p[x][now]; Q.pop();
for(int i=head[now];i;i=E[i].next)
if (d[x][E[i].to]==- ||
(d[x][now]+==d[x][E[i].to] && tmp<p[x][E[i].to])){
d[x][E[i].to]=d[x][now]+;
p[x][E[i].to]=tmp;
if (!tmp) p[x][E[i].to]=E[i].to;
Q.push(E[i].to);
}
}
}
double f[N][N];
double dp(int x,int y){
if (f[x][y]) return f[x][y];
if (x==y) return ;
if (p[x][y]==y || p[p[x][y]][y]==y) return f[x][y]=;
double tot=dp(p[p[x][y]][y],y);
for(int i=head[y];i;i=E[i].next)
tot+=dp(p[p[x][y]][y],E[i].to);
return f[x][y]=tot/(du[y]+)+;
} int main(){
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("1415.in","r",stdin);
freopen("1415.out","w",stdout);
#endif
memset(d,-,sizeof d);
n=getint(); m=getint();
S=getint(); T=getint();
F(i,,m){
int x=getint(),y=getint();
add(x,y);
du[x]++; du[y]++;
}
F(i,,n) bfs(i);
printf("%.3f\n",dp(S,T));
return ;
}

1415: [Noi2005]聪聪和可可

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Description

【BZOJ】【1415】【NOI2005】聪聪和可可

Input

数据的第1行为两个整数N和E,以空格分隔,分别表示森林中的景点数和连接相邻景点的路的条数。
第2行包含两个整数C和M,以空格分隔,分别表示初始时聪聪和可可所在的景点的编号。
接下来E行,每行两个整数,第i+2行的两个整数Ai和Bi表示景点Ai和景点Bi之间有一条路。
所有的路都是无向的,即:如果能从A走到B,就可以从B走到A。
输入保证任何两个景点之间不会有多于一条路直接相连,且聪聪和可可之间必有路直接或间接的相连。

Output

输出1个实数,四舍五入保留三位小数,表示平均多少个时间单位后聪聪会把可可吃掉。

Sample Input

【输入样例1】
4 3
1 4
1 2
2 3
3 4
【输入样例2】
9 9
9 3
1 2
2 3
3 4
4 5
3 6
4 6
4 7
7 8
8 9

Sample Output

【输出样例1】
1.500
【输出样例2】
2.167

HINT

【样例说明1】
开始时,聪聪和可可分别在景点1和景点4。
第一个时刻,聪聪先走,她向更靠近可可(景点4)的景点走动,走到景点2,然后走到景点3;假定忽略走路所花时间。
可可后走,有两种可能:
第一种是走到景点3,这样聪聪和可可到达同一个景点,可可被吃掉,步数为1,概率为 。
第二种是停在景点4,不被吃掉。概率为 。
到第二个时刻,聪聪向更靠近可可(景点4)的景点走动,只需要走一步即和可可在同一景点。因此这种情况下聪聪会在两步吃掉可可。
所以平均的步数是1* +2* =1.5步。
【BZOJ】【1415】【NOI2005】聪聪和可可

对于所有的数据,1≤N,E≤1000。
对于50%的数据,1≤N≤50。

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